届高考化学二轮复习新人教版A版课余加餐增分训练第6周 高考仿真限时练.docx
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第六周 高考仿真限时练
一、选择题
7.生活中处处有化学,下列说法错误的是( )
A.考古挖掘出的陶瓷类文物的主要成分是硅酸盐
B.用加热法可确定某“金条”可能是黄铜合金而不是单质金
C.将水坝的钢铁闸门与直流电源正极相连可以防止闸门腐蚀
D.古代人常用明矾溶液清洗铜镜表面的铜锈
解析:
选C 传统的陶瓷主要成分是硅酸盐,A项正确;加热条件下单质金与氧气不反应,但黄铜会反应导致表面变黑,B项正确;闸门只有与电源负极相连才能受到保护,C项错误;明矾水解导致其溶液显酸性,铜锈(主要成分为碱式碳酸铜)可与H+反应而铜不能,D项正确。
8.设NA为阿伏加德罗常数的值。
下列叙述正确的是( )
A.8.0gCu2S和CuO的混合物中含有的铜原子数为0.1NA
B.常温常压下,3.0g乙烷中含有的碳氢键数为0.7NA
C.250mL1mol·L-1H2SO4溶液中,含有的氧原子数为NA
D.电解精炼铜时,当阳极溶解32g铜时,转移的电子数为NA
解析:
选A Cu2S和CuO中铜原子的质量分数相同,都为80%,所以8.0g的两者混合物中含有的铜原子数为
×NAmol-1=0.1NA,A正确;常温常压下,3.0g乙烷中含有的碳氢键数为0.6NA,B错误;H2SO4溶液中溶剂水也含有氧元素,所以250mL1mol·L-1的H2SO4溶液中,含有的氧原子数大于NA,C错误;电解精炼铜开始时,阳极是粗铜,其中的Fe等杂质也会放电,所以当阳极溶解32g铜,转移的电子数大于NA,D错误。
9.乙酸橙花酯是一种食用香料,其结构简式如图,关于该有机物的叙述中正确的是( )
①1mol该有机物可消耗3molH2;②不能发生银镜反应;③分子式为C12H20O2;④它的同分异构体中可能有酚类;⑤1mol该有机物水解时只能消耗1molNaOH
A.②③④ B.①④⑤
C.①②③D.②③⑤
解析:
选D 该有机物含有碳碳双键和酯基。
①1mol该有机物能消耗2mol氢气,错误;②没有醛基,不能发生银镜反应,正确;③该有机物分子式为C12H20O2,正确;④由该分子式分析,当有苯环时,氢原子最多为18个,所以不能含有苯环,即不可能有酚类,错误;⑤含有酯基,1mol该有机物水解消耗1mol氢氧化钠,正确。
10.下列实验操作及现象能够达到对应实验目的的是( )
选项
实验内容
实验目的
A
将SO2通入品红溶液中,品红褪色;加热褪色后的品红溶液,溶液恢复红色
证明亚硫酸的不稳定性
B
常温下,向饱和Na2CO3溶液中加少量BaSO4粉末,过滤,向洗净的沉淀中加稀盐酸,有少量气泡产生
证明常温下Ksp(BaSO4)>Ksp(BaCO3)
C
常温下测定物质的量浓度相同的盐酸和醋酸溶液的pH:
盐酸的pH小于醋酸的pH
证明相同条件下,在水中HCl电离程度大于CH3COOH
D
将浓硫酸和碳单质混合加热,直接将生成的气体通入足量的澄清石灰水中,石灰水变浑浊
检验气体产物中CO2的存在
解析:
选C A项,SO2使品红溶液褪色是因为二者化合生成不稳定的无色物质,受热易分解,该实验说明SO2的漂白是暂时性的,错误;B项,常温下,向饱和Na2CO3溶液中加少量BaSO4粉末,沉淀中加盐酸有气体生成,说明沉淀中有碳酸钡,产生BaCO3沉淀的原因是溶液中c(Ba2+)·c(CO
)>Ksp(BaCO3),不能说明Ksp(BaCO3)、Ksp(BaSO4)的大小关系,错误;C项,等浓度的盐酸与醋酸溶液,盐酸的pH小于醋酸的pH,即HCl中氢离子浓度大,HCl电离程度大于CH3COOH,正确;D项,碳单质与浓硫酸反应生成的CO2、SO2均能使石灰水变浑浊,故不能直接用澄清的石灰水检验CO2的存在,应先排除SO2的干扰,错误。
11.短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大,X、Y、Z原子序数之和是W的2倍,X、Z在周期表中的相对位置如图所示,X的最低负价绝对值与其原子最外层电子数相等。
下列说法不正确的是( )
A.原子半径:
Y>Z>W
B.一定条件下,Y可置换出X
C.气态氢化物稳定性:
Z>W
D.熔点:
YW2>XW4
解析:
选C 短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大,根据元素X、Z在周期表中的相对位置知,X位于第二周期,Z位于第三周期,X的最低负价绝对值与其原子最外层电子数相等,则X为C,根据相对位置关系知Z为S;W为短周期主族元素,且原子序数大于S,所以W为Cl,X、Y、Z原子序数之和是W的2倍,则Y为Mg。
同周期元素原子半径随着原子序数的增大而减小,所以原子半径:
Mg>S>Cl,A正确;Mg可与CO2反应置换出C单质:
2Mg+CO2
2MgO+C,B正确;元素的非金属性越强,其气态氢化物的稳定性越强,Cl的非金属性强于S,所以S的简单气态氢化物的稳定性比Cl的简单气态氢化物弱,C错误;CCl4为共价化合物,常温下为液体,MgCl2为离子化合物,常温下为固体,D正确。
12.人工光合作用能够借助太阳能,用CO2和H2O制备化学原料。
科学家用氮化镓材料与铜组装如图所示人工光合系统,成功地实现了以CO2和H2O合成CH4,下列说法不正确的是( )
A.该过程是将太阳能转化为化学能的过程
B.GaN表面发生氧化反应,有O2产生
C.电解液中的H+从质子交换膜右侧向左侧迁移
D.Cu表面的电极反应式:
CO2+8e-+8H+===CH4+2H2O
解析:
选C 人工光合作用合成甲烷的过程中太阳能转化成化学能,A正确;结合题意,铜电极发生还原反应:
CO2―→CH4(正极),GaN电极发生氧化反应:
H2O―→O2(负极),B正确;负极发生H2O―→O2的过程实际上是OH-放电,H+向正极移动,C错误;正极CO2得电子结合迁移过来的H+生成CH4,D正确。
13.已知:
①25℃时,Ka(HF)=6.8×10-4,Ksp(CaF2)=2.7×10-11;②HF(aq)H+(aq)+F-(aq) ΔH<0。
下列说法正确的是( )
A.25℃时,加蒸馏水稀释HF溶液,
保持不变
B.35℃时,HF的电离常数Ka>6.8×10-4
C.25℃时,向饱和CaF2溶液中加入少量CaCl2,Ksp(CaF2)会减小
D.25℃时,2HF(aq)+Ca2+(aq)CaF2(s)+2H+(aq) K≈1.7×10-2
解析:
选D 温度不变,加水稀释HF溶液,平衡向HF电离的方向移动,c(HF)、c(F-)都减小,但是c(HF)减小程度较大,故
增大,A项错误;依题意,HF电离是放热的,故升高温度,HF的电离常数减小,B项错误;温度不变,CaF2的溶度积常数不变,C项错误;K=
=
=
=
≈1.7×10-2,D项正确。
二、非选择题
26.Ⅰ.利用CH4和CO2可以制造价值更高的化学产品。
已知下列反应:
①CH4(g)+2O2(g)CO2(g)+2H2OΔH1=akJ·mol-1
②CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g)ΔH2=bkJ·mol-1
③2CO(g)+O2(g)2CO2(g) ΔH3=ckJ·mol-1
(1)求反应CH4(g)+CO2(g)2CO(g)+2H2(g) ΔH=________kJ·mol-1(用含a、b、c的代数式表示)。
(2)一定条件下,等物质的量的
(1)中反应生成的气体可合成二甲醚(CH3OCH3),同时还产生了一种可以参与大气循环的无机化合物,该反应的化学方程式为__________________
________________________________________________________________________。
(3)用Cu2Al2O4作催化剂,一定条件下发生反应:
CO2(g)+CH4(g)CH3COOH(g),温度与催化剂的催化效率和乙酸的生成速率的关系如图所示,请回答下列问题:
①250~300℃时,乙酸的生成速率降低的原因是_____________________________
________________________________________________________________________。
②300~400℃时,乙酸的生成速率升高的原因是______________________________
________________________________________________________________________。
Ⅱ.钠硫电池以熔融金属Na、熔融S和多硫化钠(Na2Sx)分别作为两个电极的反应物,多孔固体Al2O3陶瓷(可传导Na+)为电解质,其反应原理如图所示:
Na2Sx
2Na+xS(3 物质 Na S Al2O3 熔点/℃ 97.8 115 2050 沸点/℃ 892 444.6 2980 (4)根据如表所示数据,判断该电池工作的适宜温度应为________(填字母)。 A.100℃以下 B.100~300℃ C.300~350℃D.350~2050℃ (5)关于钠硫电池,下列说法正确的是_______(填字母)。 A.放电时,电极A为负极 B.放电时,Na+的移动方向为从B到A C.充电时,电极A应连接电源的正极 D.充电时电极B的电极反应式为S -2e-===xS (6)25℃时,若用钠硫电池作为电源电解500mL0.2mol·L-1NaCl溶液,当溶液的pH变为13时,电路中通过的电子的物质的量为________mol,两极的反应物的质量差为______g。 (假设电解前两极的反应物的质量相等) 解析: Ⅰ. (1)由已知,根据盖斯定律,由①+2×②-2×③得: CH4(g)+CO2(g)2CO(g)+2H2(g) ΔH=(a+2b-2c)kJ·mol-1。 (2)据反应物和生成物可知,参与大气循环的无机化合物为二氧化碳,等物质的量的CO和H2可合成二甲醚(CH3OCH3),同时生成了CO2,根据原子守恒,该反应的化学方程式为3CO+3H2 CH3OCH3+CO2。 (3)①由题图得知,温度在250~300℃时,乙酸的生成速率降低的轨迹同催化剂的催化效率降低是同步的,所以温度升高而乙酸的生成速率降低的原因是催化剂的催化效率降低,使得化学反应速率降低;②温度升高,催化剂的催化效率继续降低,化学反应速率加快,所以化学反应速率加快的原因是温度升高。 Ⅱ.(4)根据题表数据,原电池工作时,控制的温度应为满足Na、S为熔融状态,也就是温度不能超过444.6℃,否则硫会变成蒸气,发生危险,也不能低于115℃,则适宜温度应高于115℃而低于444.6℃,只有C项符合。 (5)由电池反应式Na2Sx 2Na+xS分析充放电过程知: 放电时,钠化合价升高,被氧化,故电极A为负极,A项正确;放电时,B是正极,A是负极,Na+由A极向B极移动,B项错误;充电时,电极A发生还原反应,应连接电源的负极,C项错误;充电时,B极是电解池的阳极,发生氧化反应,电极反应式为S -2e-===xS,D项正确。 (6)电路串联时通过电路中的电量是相等的,电解NaCl溶液的反应式为2NaCl+2H2O 2NaOH+H2↑+Cl2↑,每生成2molNaOH转移电子2mol,当溶液的pH变为13时,c(OH-)=0.1mol·L-1,生成NaOH物质的量为n(NaOH)=0.1mol·L-1×0.5L=0.05mol,转移电子0.05mol;阳极是Na被氧化为Na+,Na+转移到阴极区生成Na2Sx,转移的Na+的质量为23g·mol-1×0.05mol=1.15g,负极Na质量减少1.15g,正极质量增加1.15g,两极的反应物的质量差为1.15g+1.15g=2.3g。 答案: (1)a+2b-2c (2)3CO+3H2 CH3OCH3+CO2 (3)①催化剂的催化效率降低,化学反应速率降低 ②温度升高,化学反应速率加快 (4)C (5)AD (6)0.05 2.3 27.利用水钴矿(主要成分为Co2O3,含少量Fe2O3、Al2O3、MnO、MgO、CaO等)制取草酸钴的工艺流程如图所示: 已知: ①浸出液含有的阳离子主要有H+、Co2+、Fe2+、Mn2+、Ca2+、Mg2+、Al3+等; ②部分阳离子以氢氧化物形式沉淀时溶液的pH见下表: 沉淀物 Fe(OH)3 Fe(OH)2 Co(OH)2 Al(OH)3 Mn(OH)2 完全沉淀的pH 3.7 9.6 9.2 5.2 9.8 (1)浸出过程中加入Na2SO3的目的是__________________________________。 (2)制取NaClO3可以将氯气通入到热的浓氢氧化钠溶液,该反应的离子方程式为____________________________________________;实验需要制取10.65gNaClO3,需要的氯气由电解食盐水生成,若不考虑反应过程中的损失,则同时生成的氢气的体积为______(标准状况下)。 (3)萃取剂对金属离子的萃取率与pH的关系如图所示。 滤液Ⅱ中加入萃取剂的作用是____________;使用萃取剂适宜的pH是________(填字母)。 A.接近2.0 B.接近3.0 C.接近5.0 (4)除“钙、镁”是将溶液中Ca2+与Mg2+转化为MgF2、CaF2沉淀。 已知Ksp(MgF2)=7.35×10-11、Ksp(CaF2)=1.05×10-10。 当加入过量NaF后,所得滤液中 =________。 (5)工业上用氨水吸收废气中的SO2。 已知NH3·H2O的电离常数K=1.8×10-5,H2SO3的电离常数K1=1.2×10-2,K2=1.3×10-8。 在通入废气的过程中: ①当恰好形成正盐时,溶液中离子浓度的大小关系为_________________________。 ②当恰好形成酸式盐时,加入少量NaOH溶液,反应的离子方程式为_____________。 解析: (1)Na2SO3具有还原性,能够将溶液中的Co3+、Fe3+还原。 (2)氯气通入到热的浓氢氧化钠溶液中生成NaClO3,反应的离子方程式为3Cl2+6OH- ClO +5Cl-+3H2O;10.65gNaClO3的物质的量为 =0.1mol,需要Cl20.3mol,根据电解食盐水的方程式2NaCl+2H2O 2NaOH+H2↑+Cl2↑可知,生成0.3molCl2的同时生成H2的体积为0.3mol×22.4L·mol-1=6.72L。 (3)根据流程图和已知信息②可知,滤液Ⅱ中存在Mn2+、Co2+,由萃取剂对金属离子的萃取率与pH的关系可知,调节溶液pH在3.0~3.5之间,可使Mn2+基本沉淀完全,并防止Co2+转化为Co(OH)2沉淀。 (4) = = =0.7。 (5)①氨水中水的电离受到抑制,吸收二氧化硫过程中,碱性逐渐减弱,水的电离程度增大,最后生成正盐亚硫酸铵,盐类的水解促进水的电离,因此水的电离程度逐渐增大;正盐为亚硫酸铵,在亚硫酸铵溶液中,由于K(NH3·H2O)>K2(H2SO3),故SO 的水解程度大于NH 的水解程度,则溶液呈碱性,因此c(NH )>c(SO )>c(OH-)>c(HSO )>c(H+)。 ②NH4HSO3与NaOH溶液反应生成亚硫酸铵和水,反应的离子方程式为HSO +OH-===SO +H2O。 答案: (1)将Co3+、Fe3+还原 (2)3Cl2+6OH- ClO +5Cl-+3H2O 6.72L (3)除去Mn2+ B (4)0.7 (5)①c(NH )>c(SO )>c(OH-)>c(HSO )>c(H+) ②HSO +OH-===SO +H2O 28.硫代硫酸钠(Na2S2O3),俗名海波、大苏打。 通常为无色晶体,易溶于水,难溶于酒精,受热、遇酸易分解。 医学上用于抢救氰化物中毒,常用于碘化法的测量。 工业制备的反应原理为2Na2S+Na2CO3+4SO2===3Na2S2O3+CO2,实验室模拟该工业过程的装置如图所示。 回答下列问题: (1)c中试剂为____________。 (2)反应开始后,c中先有淡黄色浑浊产生,后又变为澄清,此浑浊物是________。 (3)实验中要控制SO2生成速率,可采取的措施有__________________(写出一条)。 (4)控制c中的溶液的pH接近7,停止通入SO2。 若未控制好,导致溶液pH<7,会影响产率,原因是(用离子方程式表示)______________________________。 (5)d装置盛放的氢氧化钠溶液的作用是________________________。 (6)停止通入SO2后,向c中加入适量的氢氧化钠溶液,将溶液转移到蒸发皿中,水浴加热浓缩,冷却结晶、过滤、洗涤,洗涤晶体所用的试剂为________(填化学式)。 (7)为检验制得的产品的纯度,该实验小组称取5.0g的产品配制成250mL溶液,并用间接碘量法标定该溶液的浓度: 在锥形瓶中加入25mL0.01mol·L-1KIO3溶液,并加入过量的KI酸化,发生下列反应: 5I-+IO +6H+===3I2+3H2O,再加入几滴淀粉溶液,立即用所配Na2S2O3溶液滴定,发生反应: I2+2S2O ===2I-+S4O ,当蓝色褪去且半分钟内不变色时达到滴定终点。 实验数据如表: 实验序号 1 2 3 Na2S2O3溶液体积/mL 19.98 20.02 21.18 则该产品的纯度是________(用百分数表示,保留1位小数)。 间接碘量法滴定过程中可能造成实验结果偏低的是________(填字母)。 A.滴定终点时仰视读数 B.锥形瓶用蒸馏水润洗 C.滴定管未用Na2S2O3溶液润洗 D.滴定管尖嘴处滴定前无气泡,滴定终点发现气泡 解析: (1)气体发生器中提供制备硫代硫酸钠反应物之一的SO2,故装置c中提供该反应的另外两种反应物: 硫化钠溶液和碳酸钠溶液。 (2)反应开始时,S2-与SO2发生氧化还原反应生成难溶的S单质沉淀。 (3)影响反应速率的外界条件有温度、浓度等,故可通过控制体系温度,调节酸的滴加速度或调节酸的浓度等条件达到控制SO2生成速率的目的。 (4)酸性条件下Na2S2O3发生歧化反应生成S和SO2。 (5)未反应的SO2会对环境造成污染,故可用碱液吸收其尾气。 (6)由题干信息“硫代硫酸钠难溶于酒精”可知可用酒精洗涤硫代硫酸钠晶体,减少其损失。 (7)比较表格中的3组数据,第3组误差较大,不予采用,故滴定所用Na2S2O3溶液的体积平均值为20.00mL。 根据给出的两个化学方程式可得出关系式: IO ~3I2 ~ 6S2O 25×10-3L×0.01mol·L-120.00×10-3L×c(S2O ) 故c(S2O )=0.075mol·L-1,故250mL硫代硫酸钠溶液中的n(S2O )=0.075mol·L-1×0.25L=0.01875mol,即m(Na2S2O3)=2.9625g,其纯度为 ×100%=59.25%≈59.3%。 滴定终点时仰视读数,则读取的数值偏大,导致消耗Na2S2O3溶液的体积增加,测定结果偏低,A项正确;锥形瓶用蒸馏水洗涤,不影响测定结果,B项错误;滴定管未用Na2S2O3溶液润洗,则未润洗的滴定管对加入的溶液起到稀释作用,导致浓度偏低,C项正确;滴定管尖嘴处滴定前无气泡,滴定终点发现气泡,则实际消耗Na2S2O3溶液的体积减小,测定结果偏高,D项错误。 答案: (1)硫化钠溶液和碳酸钠溶液(写化学式也可) (2)硫(或S) (3)控制反应温度(或调节酸的滴加速度或调节酸的浓度等) (4)S2O +2H+===S↓+H2O+SO2↑ (5)吸收SO2等尾气,防止污染空气 (6)CH3CH2OH(或C2H5OH或C2H6O) (7)59.3% AC 三、选考题 35.[物质结构与性质]铁被誉为“第一金属”,铁及其化合物广泛应用于生活、生产、国防等领域。 (1)Fe2+是构成人体血红蛋白(如图1所示)的重要元素,基态Fe2+简化的电子排布式为______________;用物质结构与性质知识分析Fe2+在空气中容易被氧化成Fe3+的主要原因: __________________________。 (2)血红蛋白中所含非金属元素的电负性由小到大的顺序为________________;碳原子的杂化轨道类型为________杂化。 (3)羰基铁[Fe(CO)5]可用作催化剂等。 1mol[Fe(CO)5]分子中含有________molσ键,与CO互为等电子体的离子的化学式为____________(写一种)。 (4)据报道,工业上可电解熔融的FeO、Fe2O3冶炼高纯铁。 Fe2O3的熔点________(填“高于”或“低于”)FeO的熔点,理由是______________________。 (5)铁晶体有面心立方、体心立方。 在这两种晶体中铁的配位数之比为______________。 (6)某种氮化铁晶体的晶胞如图2所示。 已知: 该晶胞边长、高分别为anm、bnm,NA=6.02×1023mol-1。 ①该氮化铁晶体的化学式为________。 ②列式表示该氮化铁晶体的密度: ____________。 解析: (1)Fe2+的简化电子排布式为[Ar]3d6,Fe3+的价电子排布式为3d5,3d能级达到半充满稳定结构。 (2)血红蛋白中含有的非金属元素为碳、氮、氧、氢,电负性分别为2.5、3.0、3.5、2.1,血红蛋白分子中有两种碳原子: 一种是与周围4个原子形成4个单键,碳原子采用sp3杂化;另一种是与3个原子形成3个σ键、1个π键,碳原子采用sp2杂化。 (3)CO与N2互为等电子体,CO分子中含1个σ键,1个CO分子与Fe形成1个配位键,配位键也是σ键,所以,1个[Fe(CO)5]分子含有10个σ键。 与CO互为等电子体的离子有多种,如C 、CN-、NO+等。 (4)工业上可电解熔融的氧化铁、氧化亚铁冶炼铁,说明氧化铁、氧化亚铁均是离子晶体,离子晶体的熔点高低由晶格能大小决定,而晶格能由离子半径、离子所带电荷数决定。 (5)面心立方晶胞中Fe原子的配位数为12,体心立方晶胞中,Fe原子的配位数为8。 (6)①氮化铁晶胞是六棱柱,顶点原子贡献率为 ,面心原子贡献率为 ,体内原子贡献率为1,棱上原子贡献率为 。 观察氮化铁晶胞知,12个铁位于六棱柱顶点、2个铁位于面心、3个铁位于体内,2个氮位于体内。 所以,1个氮化铁晶胞中含铁原子数为12× +2× +3=6,氮原子数为2,氮化铁晶体的化学式为Fe3N。 ②六棱柱的底由6个正三角形组成,对正三角形作高,30°角对应的直角边是斜边的一半,所以该氮化铁晶体的体积V= a2b×10-21cm3,氮化铁晶体的密度为 g·cm-3。 答案: (1)[Ar]3d6 Fe2+的价电子排布式为3d6易失去一个电子达到3d5半充满结构,Fe3+比Fe2+稳定 (2)H (3)10 CN-、C 、NO+(任写一种)
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