河南省安阳市洹北中学高考物理一轮复习 第四单元 牛顿运动定律应用真题与模拟单元重组卷 新人教版.docx
- 文档编号:11331960
- 上传时间:2023-02-27
- 格式:DOCX
- 页数:22
- 大小:372.06KB
河南省安阳市洹北中学高考物理一轮复习 第四单元 牛顿运动定律应用真题与模拟单元重组卷 新人教版.docx
《河南省安阳市洹北中学高考物理一轮复习 第四单元 牛顿运动定律应用真题与模拟单元重组卷 新人教版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《河南省安阳市洹北中学高考物理一轮复习 第四单元 牛顿运动定律应用真题与模拟单元重组卷 新人教版.docx(22页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
河南省安阳市洹北中学高考物理一轮复习第四单元牛顿运动定律应用真题与模拟单元重组卷新人教版
第四单元 牛顿运动定律应用
测试时间:
90分钟
满分:
110分
第Ⅰ卷 (选择题,共48分)
一、选择题(本题共12小题,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~8小题只有一个选项正确,第9~12小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)
1.[2016·黄冈模拟]如图所示,一根弹簧一端固定在左侧竖直墙上,另一端连着A小球,同时水平细线一端连着A球,另一端固定在右侧竖直墙上,弹簧与竖直方向的夹角是60°,A、B两小球分别连在另一根竖直弹簧两端。
开始时A、B两球都静止不动,A、B两小球的质量相等,重力加速度为g,若不计弹簧质量,在水平细线被剪断瞬间,A、B两球的加速度分别为( )
A.aA=aB=gB.aA=2g,aB=0
C.aA=
g,aB=0D.aA=2
g,aB=0
答案 D
解析 对弹簧来讲,由于其形变量较大,形变量恢复需要一定的时间,故弹簧弹力可认为瞬间没有变化,故B球仍受力平衡,aB=0,A球所受合力为绳子断前时绳中拉力大小,为2mgtan60°=maA,故aA=2
g,故选择D。
2.[2016·沈阳高三模拟]如图,斜面固定,CD段光滑,DE段粗糙,A、B两物体叠放在一起从C点由静止下滑,下滑过程中A、B始终保持相对静止,则( )
A.在CD段时,A受三个力作用
B.在DE段时,A的加速度一定平行于斜面向上
C.在DE段时,A受到的摩擦力方向一定沿斜面向上
D.整个下滑过程中,A、B均处于失重状态
答案 C
解析 CD段光滑,A、B两物体在CD段一起运动时以共同加速度做匀加速运动,A、B之间没有摩擦力,A受到重力和B对它的弹力,故选项A错误;在粗糙的DE段运动时,A、B两物体可能一起以共同加速度做匀加速运动,此时A的加速度方向是平行于斜面向下的,经分析易知,无论加速运动或减速运动,A受到B对它的摩擦力方向皆是平行于斜面向上的,故选项B错误,C正确;在粗糙的DE段运动时,若A、B一起匀减速下滑,则A、B均处于超重状态,故选项D错误。
3.[2016·东城一模]实验小组为了探究物体在倾角不同的斜面上的运动情况,将足够长的粗糙(μ<1)木板一端固定在水平地面上,使物体以大小相同的初速度v0由底端冲上斜面。
每次物体在斜面上运动过程中保持斜面倾角不变。
在倾角θ从0°逐渐增大到90°的过程中( )
A.物体的加速度增大
B.物体的加速度减小
C.物体在斜面上能达到的最大位移先增大后减小
D.物体在斜面上能达到的最大位移先减小后增大
答案 D
解析 上滑时滑动摩擦力向下,由牛顿第二定律
mgsinθ+μmgcosθ=ma,解得:
a=gsinθ+μgcosθ=g
sin(θ+φ),其中tanφ=μ,因为μ<1,故φ<45°,所以0°<θ+φ<135°,故加速度先增大后减小,A、B两项皆错;最大位移为s=
,故最大位移先减小后增大。
故C项错误,D项正确。
4.[2017·三门峡市检测]图甲中的塔吊是现代工地必不可少的建筑设备,图乙为150kg的建筑材料被塔吊从地面竖直向上提升过程的简化运动图象,g取10m/s2,下列判断正确的是( )
A.前10s内悬线的拉力恒为1500N
B.46s末材料离地面的距离为22m
C.0~10s材料处于失重状态
D.在30~36s悬线最容易发生断裂
答案 B
解析 由题图乙可知,前10s内建筑材料的加速度a=0.1m/s2,由F-mg=ma可解得悬线的拉力为F=m(a+g)=1515N,A项错误;由图象面积可得整个过程材料上升的高度是28m,下降的高度为6m,所以46s末材料离地面的距离为22m,B项正确;0~10s内,材料的加速度向上,处于超重状态,C项错误;30~36s材料的加速度向下,处于失重状态,即悬线的拉力F 5.[2017·牡丹江一中检测]如图所示,质量为M的斜劈形物体放在水平地面上,质量为m的粗糙物块以某一初速度沿劈的粗糙斜面向上滑,至速度为零后又加速返回,而物体M始终保持静止,则在物块m上、下滑动的整个过程中( ) A.地面对物体M的摩擦力大小相同 B.地面对物体M的支持力总小于(M+m)g C.地面对物体M的摩擦力先向右后向左 D.地面对物体M的摩擦力先向左后向右 答案 B 解析 物体上滑时,受力如图1, 根据牛顿第二定律有: mgsinθ+μmgcosθ=ma1; 物体下滑时受力如图2, 根据牛顿第二定律有: mgsinθ-μmgcosθ=ma2, a1、a2方向均沿斜面向下。 对整体进行受力分析,受到总重力,支持力和向左的静摩擦力 根据牛顿第二定律有: f=macosθ,(M+m)g-N=masinθ。 由此可知, f1=ma1cosθ,f2=ma2cosθ,N1=(M+m)g-ma1sinθ, N2=(M+m)g-ma2sinθ, 所以f1与f2方向均向左,但f1≠f2,故A、C、D错误,B正确。 6.[2017·山西大学附中模拟]如图所示,在光滑的水平面上有一个质量为M的木板B处于静止状态,现有一个质量为m的木块A从B的左端以初速度v0=3m/s开始水平向右滑动,已知M>m。 用①和②分别表示木块A和木板B的图象,在木块A从B的左端滑到右端的过程中,下面关于二者速度v随时间t的变化图象,其中可能正确的是( ) 答案 C 解析 木块A滑上B时,A做匀减速直线运动,B做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律得: aA= ,aB= ,已知m 若A不能滑下,则两者最终共速,若A滑下,则A的速度较大,B的速度较小,故C正确,D错误。 7.[2017·福建龙岩四校联考]2016年8月6日在巴西奥运会上,我国气步枪运动员杜丽、易思玲在卫冕中痛失金牌,她们所用的气步枪是一压缩空气为动力的气步枪,若子弹的质量M=2×10-3kg,子弹在枪内受到的压缩空气推动力F与子弹在枪膛内的运动时间t满足F=400- ×105t。 子弹离开枪膛时刚好不受空气压缩推动力,子弹重力、所受阻力都忽略不计,水平射击时,关于子弹在枪膛内的运动,下列说法正确的是( ) A.子弹在枪膛内做匀加速运动 B.子弹在枪膛内做变加速运动,根据已知条件无法求出子弹离开枪膛时的速度 C.子弹离开枪膛时的速度为600m/s D.子弹在枪膛内的运动距离大于0.45m 答案 D 解析 根据牛顿第二定律得到子弹的加速度 a= =2×105- ×108t。 据该方程可画出at图象,如图1所示: 图中a0=2×105m/s2, t0=3×10-3s, 由at图的面积可求出子弹 离开枪膛时的速度v= =300m/s。 则子弹的vt图象如图2所示: 其中vt图象围成的面积大于 即大于0.45m,故子弹在枪膛内运动的距离大于0.45m,故A、B、C错误,D正确。 8.[2017·辽宁沈阳模拟]如图1所示,mA=4.0kg,mB=2.0kg,A和B紧靠着放在光滑水平面上,从t=0时刻起,对B施加向右的水平恒力F2=4.0N,同时对A施加向右的水平变力F1,F1变化规律如图2所示。 下列相关说法中正确的是( ) A.当t=0时,A、B物体加速度分别为aA=5m/s,aB=2m/s B.A物体做加速度减小的加速运动,B物体做匀加速运动 C.t=12s时刻A、B将分离,分离时加速度均为a=2m/s2 D.A、B分离前后,A物体加速度变化规律相同 答案 C 解析 t=0时,F1=20N,由整体法知,aA=aB= =4m/s2,故A错误。 随着F1的减小,在A、B分离之前,两者均做加速度越来越小的加速运动,故B错误。 当A、B间的作用力为零时A、B分离,由B知,F2=mBa,得a=2m/s2;由A知F1=mAa,得F1=8N,故t=12s,所以C正确。 A、B分离前,A受到F1和B对A的弹力作用,分离后A只受F1作用,所以A物体加速度变化规律不相同,故D错误。 9.[2016·江苏高考]如图所示,一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出,鱼缸最终没有滑出桌面。 若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等,则在上述过程中( ) A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左 B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等 C.若猫增大拉力,鱼缸受到的摩擦力将增大 D.若猫减小拉力,鱼缸有可能滑出桌面 答案 BD 解析 将桌布从鱼缸下拉出的过程,鱼缸相对桌布向左运动,因此桌布对它的摩擦力方向向右,A项错误;设动摩擦因数为μ,鱼缸在桌布对它的滑动摩擦力的作用下做初速度为零的匀加速运动,加速度大小为μg,设经过t1时间鱼缸滑离桌布,滑离时的速度为v,则v=μgt1;鱼缸滑到桌面上后,做匀减速运动,加速度大小也为μg,因此鱼缸在桌面上运动的时间t2= ,因此t1=t2,B项正确;若猫增大拉力,鱼缸受到的摩擦力仍为滑动摩擦力,大小为μmg,保持不变,C项错误;若猫减小拉力,则鱼缸与桌布间的摩擦力有可能小于滑动摩擦力,则鱼缸与桌布一起运动,从而滑出桌面,D项正确。 10.[2017·山东菏泽检测]如图所示,甲、乙两位同学做“拔河”游戏。 两人分别用伸平的手掌托起长凳的一端,保持凳子水平,然后各自向两侧拖拉。 若凳子下表面各处的粗糙程度相同,两位同学手掌粗糙程度也相同,在乙端的凳面上放有四块砖,下列说法中正确的是( ) A.由于甲端比较轻,甲容易将凳子拉向自己 B.谁用的力气大就可以将凳子拉向自己 C.由于乙端比较重,凳子和手之间产生较大的摩擦力,乙可以将凳子拉向自己 D.拔河过程中乙的手和凳子之间不会有相对滑动,甲的手可以和凳子间有相对滑动,也可以没有相对滑动 答案 CD 解析 由图知,乙端对手的压力较大,所以乙端对凳子向右的最大静摩擦力大于甲端对凳子向左的最大静摩擦力,因此甲容易相对长凳滑动,即甲容易被从长凳上拉离,因此长凳将向右移动,即乙可以将凳子拉向自己,故C正确。 拔河过程中,甲、乙向两侧拖拉的力比较小时,甲的手也可以和凳子间不发生相对滑动,故D正确。 11.[2017·山西大学附中]如图所示,固定在水平面上的光滑斜面的倾角为θ,其顶端装有光滑小滑轮,绕过滑轮的轻绳一端连接一物块B,另一端被人拉着且人、滑轮间的轻绳平行于斜面。 人的质量为M,B物块的质量为m,重力加速度为g,当人拉着绳子以a1大小的加速度沿斜面向上运动时,B物块运动的加速度大小为a2,则下列说法正确的是( ) A.物块一定向上加速运动 B.人要能够沿斜面向上加速运动,必须满足m>Msinθ C.若a2=0,则a1一定等于 D.若a1=a2,则a1可能等于 答案 CD 解析 对人受力分析,由牛顿第二定律知F-Mgsinθ=Ma1,得F=Mgsinθ+Ma1, 若F>mg,则物体B加速上升;若F 人要能够沿斜面向上加速运动,只需满足F>Mgsinθ即可,故B错误。 若a2=0,则F=mg,故mg-Mgsinθ=Ma1,a1= ,故C正确。 若a1=a2,F=Mgsinθ+Ma1,mg-F=ma2,则a1= ,故D正确。 12.[2016·湖北八校联考]如图甲所示,足够长的木板B静置于光滑水平面上,其上放置小滑块A。 木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时,用传感器测出木板B的加速度a,得到如图乙所示的aF图象,已知g取10m/s2,则( ) A.滑块A的质量为4kg B.木板B的质量为1kg C.当F=10N时木板B加速度为4m/s2 D.滑块A与木板B间动摩擦因数为0.1 答案 BC 解析 由图知,当F=8N时,加速度为: a=2m/s2,对整体分析,由牛顿第二定律有: F=(mA+mB)a,代入数据计算得出: mA+mB=4kg,当F大于8N时,A、B发生相对滑动,根据牛顿第二定律,对B有a= = F- ,由图示可以知道,图线的斜率: k= = = =1,计算得出: mB=1kg,滑块A的质量为: mA=3kg。 当a=0时,F=6N,代入计算得出μ=0.2,故A、D错误,B正确。 C项,根据F=10N>8N时,滑块与木板相对滑动,B的加速度为: aB=a= F- = ×10- =4m/s2,所以C选项正确。 第Ⅱ卷 (非选择题,共62分) 二、实验题(本题共2小题,共12分。 把答案填在题中的横线上或按题目要求作答) 13.[2017·吉林松原检测](6分)某同学用图示的装置来验证加速度和质量成反比。 在自制的双层架子上固定平板玻璃,架子放在水平桌面上。 连接小车的细绳跨过定滑轮与小桶相连。 实验步骤如下: ①在两个小桶中装入适量细沙,并使两桶质量(含沙子)相同;②两车紧靠架子左边的挡板,在乙车上放一个砝码,同时释放两车,当车运动一段时间后,用手机对整个装置进行拍照。 在照片上,通过装置上的刻度尺,测出甲、乙两车运动的距离x1、x2;③在乙车上逐渐增加砝码个数,重复步骤②。 (1)本实验的原理是通过验证小车发生的位移与小车的质量成________,来验证合外力一定时加速度与质量成反比。 (2)实验前,该同学将装置的左端适当垫高了一些,目的是________。 实验过程中________(填“甲”或“乙”)车受到的拉力更接近沙桶(含沙子)的重力。 (3)若该同学以 为横坐标,以乙车(含砝码)的质量m为纵坐标,作出的图线是直线,该直线的斜率为________[填“甲车”“乙车(含砝码)”或“沙桶(含沙子)”]的质量。 答案 (1)反比(2分) (2)平衡摩擦力(1分) 乙(1分) (3)甲车(2分) 解析 (1)小车受到拉力相同时,加速度与质量成反比,而位移与加速度成正比。 (2)将装置的左端适当垫高了一些,目的是平衡摩擦力;车的质量远大于沙桶的质量时,小车受到的拉力更接近沙桶(含沙子)的重力。 (3)小车的位移与质量成反比,所以 = ,所以m= m甲,故m 图象的斜率为甲车的质量。 14.[2016·山东师大附中模拟](6分)某同学为探究加速度与合外力的关系,设计了如图甲所示的实验装置。 一端带有定滑轮的长木板固定在水平桌面上,用轻绳绕过定滑轮及轻滑轮将小车与弹簧测力计相连。 实验中改变悬挂的钩码个数进行多次测量,记录弹簧测力计的示数F,并利用纸带计算出小车对应的加速度a。 (1)实验中钩码的质量可以不需要远小于小车质量,其原因是________。 A.小车所受的拉力与钩码的重力无关 B.小车所受的拉力等于钩码重力的一半 C.小车所受的拉力可由弹簧测力计直接测出 (2)图乙是实验中得到的某条纸带的一部分。 已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz,由纸带数据求出小车的加速度a=________m/s2。 (3)根据实验数据绘出小车的加速度a与弹簧测力计示数F的关系图象,下列图象中最符合本实验实际情况的是( ) 答案 (1)C(2分) (2)0.75(2分) (3)B(2分) 解析 (1)本题实验中由弹簧测力计可以直接测出小车所受的合外力,所以不需要钩码质量远小于小车质量。 (2)交流电频率为50Hz,每个点之间的时间间隔为0.02s,根据公式Δs=aT2,得 a= m/s2=0.75m/s2。 (3)由牛顿第二定律F=ma知加速度和合外力之间成线性关系,aF图象是一条直线,又由于存在阻力,所以起始点不在O点,故B项正确。 三、计算题(本题共4小题,共50分。 解答应写出必要的文字说明和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分;有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位) 15.[2016·河南八校联考](10分)如图所示,长为L=6m、质量为M=4kg的长木板放置于光滑的水平面上,其左端有一大小可忽略、质量为m=1kg的物块,物块与木板间的动摩擦因数为0.4,开始时物块与木板都处于静止状态,现对物块施加方向水平向右的恒定拉力F=8N,使物块在木板上滑动起来,取g=10m/s2。 求: (1)物块和木板的加速度大小; (2)物块从木板左端运动到右端经历的时间。 解 (1)设小物块的加速度为a1,由牛顿第二定律得 F-μmg=ma1(2分) a1= -μg,代入数据得: a1=4m/s2(1分) 设木板的加速度为a2,由牛顿第二定律得 μmg=Ma2(2分) 代入数据得: a2=1m/s2(1分) (2)L+ a2t2= a1t2(3分) 代入数据得: t=2s(1分) 16.[2016·唐山重点高中联考](10分)如图甲所示,质量为m=1kg的物体置于倾角为θ=37°、固定且足够长的斜面上,对物体施以平行于斜面向上的拉力,t1=1s时撤去拉力,物体运动的部分vt图象如图乙所示,试求: (sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2) (1)拉力F的大小; (2)t=4s时物体的速度v的大小。 解 (1)设力F作用时物体的加速度为a1,对物体进行受力分析,由牛顿第二定律可知 F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1(2分) 撤去拉力后,由牛顿第二定律有 mgsinθ+μmgcosθ=ma2(2分) 根据图乙可知: a1=20m/s2,a2=10m/s2(1分) 代入解得F=30N,μ=0.5(1分) (2)设撤去拉力后物体运动到最高点时间为t2,v1=a2t2,解得t2=2s(1分) 则物体沿着斜面下滑的时间为t3=t-t1-t2=1s(1分) 设下滑加速度为a3,由牛顿第二定律得 mgsinθ-μmgcosθ=ma3(1分) a3=2m/s2 t=4s时速度v=a3t3=2m/s(1分) 17.[2017·安徽合肥五中月考](12分)为研究运动物体所受的空气阻力,某研究小组的同学找来一个倾角可调、斜面比较长且表面平整的斜面体和一个滑块,并在滑块上固定一个高度可升降的风帆。 他们让带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑,下滑过程帆面与滑块运动方向垂直。 假设滑块和风帆总质量为m,滑块与斜面间动摩擦因数为μ,斜面的倾角θ,重力加速度为g,帆受到的空气阻力与帆的运动速率的平方成正比,即Ff=kv2。 (1)分析滑块下滑过程中加速度的变化情况; (2)求出滑块下滑的最大速度的表达式; (3)若m=2kg,斜面倾角θ=30°,g取10m/s2,滑块从静止下滑的速度图象如图所示,图中的斜线是t=0时vt图象的切线,由此求出μ、k的值。 解 (1)由牛顿第二定律得: mgsinθ-μmgcosθ-kv2=ma(3分) 所以a= =gsinθ-μgcosθ- 。 滑块下滑过程中加速度随速度的增大而减小,速度增大到某一定值时加速度等于零。 (2)当a=0时速度最大,vmax= (3分) (3)当v=0时,a=gsinθ-μgcosθ=3m/s2, 解得μ= ≈0.23(3分) 最大速度v=2m/s,vmax= =2m/s,解得k≈1.5kg/m(3分) 18.[2017·江西上高二中月考](18分)一根轻质细绳绕过轻质定滑轮,右边穿上质量M=3kg的物块A,左边穿过足够长的固定细管后下端系着质量m=1kg的小物块B,物块B距细管下端h=0.4m处,已知物块B通过细管时与管内壁间的滑动摩擦力F1=10N,当绳中拉力超过F2=18N时物块A与绳之间就会出现相对滑动,且绳与A间的滑动摩擦力恒为18N。 开始时A、B均静止,绳处于拉直状态,同时释放A和B。 不计滑轮与轴之间的摩擦,g取10m/s2。 求: (1)刚释放A、B时绳中的拉力; (2)B在管中上升的高度; (3)若其他条件不变,增大A的质量,求B在细管中穿行的最大距离。 解 (1)刚释放A、B时,整体的加速度 a= =5m/s2(2分) 对物体B: F-mg=ma(2分) 解得绳中的拉力F=15N(1分) (2)B刚进入管中时,此时B速度为: v =2ah(2分) 所以v0=2m/s(1分) 由题意知,B作减速运动,A相对于绳出现滑动,设绳子与A之间的摩擦力是Fm 对B: mg+F1-Fm=ma1(2分) a1=2m/s2 对A: Mg-Fm=Ma2(2分) 得: a2=4m/s2 h′= =1m(2分) (3)随着A的质量增大,B的加速度也增大,A与绳出现相对滑动时, 对A: Mg-Fm=Mam(1分) 对B: Fm-mg=mam(1分) 得am=8m/s2 M=9kg即A的质量为9kg时A、B出现相对滑动, 故B进入管中最大速度为v =2amh(1分) B进入管中运动距离为: hm= =1.6m(1分)
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 河南省安阳市洹北中学高考物理一轮复习 第四单元 牛顿运动定律应用真题与模拟单元重组卷 新人教版 河南省 安阳市 中学 高考 物理 一轮 复习 第四 单元 牛顿 运动 定律 应用 模拟 重组 新人
链接地址:https://www.bdocx.com/doc/11331960.html