云南省曲靖市高中毕业生第一次统一检测理科综合试题.docx
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云南省曲靖市高中毕业生第一次统一检测理科综合试题
注意事项:
1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷
一、选择题:
本题共13个小题,每小题6分,共78分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.下列与遗传有关的叙述错误的是( )
A.性状分离就是杂种的自交后代显现不同性状的现象
B.凡是与性别相关联的性状遗传就是伴性遗传
C.杂合子的细胞中等位基因存在于同源染色体上
D.基因与基因、基因与基因产物、基因与环境相互作用形成的网络,精细地控制着生物体的性状
【答案】B
【解析】杂种自交后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象称为性状分离,A项正确;伴性遗传是指位于性染色体上的基因遗传上总是与性别相联系,细胞质遗传表现母系遗传的特点,但不属于伴性遗传,B项错误;杂合子的细胞中等位基因存在于同源染色体的同一位置上,C项正确;基因与基因、基因与基因产物、基因与环境之间存在复杂的相互作用,这种作用形成的网络精细地控制着生物体的性状,D项正确。
【点睛】容易把所有后代出现不同表现型的现象称为性状分离,如杂合测交后代出现不同表现型。
只有杂种自交后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象才能称为性状分离。
2.下列对各种生物大分子合成场所的叙述,正确的是( )
A.酵母菌在高尔基体中合成膜蛋白
B.肌细胞在细胞核中合成mRNA
C.T2噬菌体在细菌细胞核内合成DNA
D.叶肉细胞在叶绿体外膜上合成淀粉
【答案】B
【解析】试题分析:
1、核糖体是蛋白质合成场所.
2、原核生物没有核膜包被的细胞核.
3、糖类等光合产物的形成发生在叶绿体基质.
解:
A、蛋白质的合成场所是核糖体,高尔基体是分泌蛋白的加工场所,A错误;
B、mRNA是转录的产物,而转录的主要场所是细胞核,B正确;
C、细菌是原核生物,没有细胞核,C错误;
D、叶肉细胞在叶绿体基质中合成淀粉,D错误.
故选:
B.
考点:
遗传信息的转录和翻译;原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同;线粒体、叶绿体的结构和功能;细胞器中其他器官的主要功能;DNA分子的复制.
3.下列有关细胞代谢的叙述正确的是()
A.同无机催化剂相比,酶升高活化能的作用更显著,因而催化效率更高
B.ATP脱去两个磷酸基团后的剩余部分是腺嘌呤脱氧核苷酸
C.1mol葡葡糖在分解成乳酸以后,近69%的能量都以热能的形式散失了
D.光合作用与细胞呼吸产生的[H]为同一种物质
【答案】C
【解析】酶的作用机理在于降低反应的活化能,A项错误;ATP脱去两个磷酸基团后的剩余部分是腺嘌呤核糖核苷酸,B项错误;1mol葡葡糖在分解成乳酸以后,释放出的196.65kJ的能量中仅有61.08kJ用于形成ATP,其余近69%的能量都以热能的形式散失了,C项正确;光合作用与细胞呼吸产生的[H]分别为NADPH和NADH,D项错误。
4.下列有关反射弧中传入神经和传出神经的判断正确的是()
A.根据是否具有神经节:
有神经节的是传出神经
B.根据脊髓灰质内容突触结构判断:
图示中“
”相连的为传出神经,与“
”相连的为传入神经
C.根据脊髓灰质结构判断:
与膨大部分(前角)相连的为传入神经,与狭窄部分(后角)相连的为传出神经
D.切断实验法:
若切断某一神经,刺激外周段(远离中枢的位置),肌肉不收缩,而刺激向中段(近中枢的位置),肌肉收缩,则切断的为传入神经,反之则为传出神经
【答案】D
【解析】根据是否具有神经节,有神经节的是传入神经,A项错误;图示中“
”为轴突末端,与之相连的为传入神经,与“
”相连的为传出神经,B项错误;与膨大部分(前角)相连的为传出神经,与狭窄部分(后角)相连的为传入神经,C项错误;切断某一神经,刺激外周段(远离中枢的位置),肌肉不收缩,说明外周段不与效应器相连;刺激向中段(近中枢的位置),肌肉收缩,说明兴奋可传至中枢,并经传出神经传到效应器,则切断的为传入神经,反之则为传出神经,D项正确。
5.下列关于生物学研究与使用方法的对应关系正确的是()
A.调査东亚飞蝗的种群密度——荧光染料标记法
B.林德曼发现生态系统能量流动的特点——调査和系统分析的方法
C.调査恒定容器内酵母菌种群数量的变化——建构物理模型法
D.温特研究胚芽鞘的弯曲生长——同位素标记法
6.下列有关基因突变、基因频率的叙述正确的是( )
A.体细胞中发生的基因突变不能遗传给下一代
B.自然条件下基因突变率很低,因此它不可能为生物进化提供原材料
C.红绿色盲在男性中的发病率等于该病致病基因的基因频率
D.在一个较大的种群中,随机交配产生的后代的基因频率一定与亲代相同
【答案】C
【解析】体细胞中发生的基因突变可通过无性繁殖遗传给下一代,A项错误;基因突变率虽然很低,但可以产生新基因,为生物进化提供原材料,B项错误;红绿色盲基因仅位于X染色体上,男性仅有一条X染色体,红绿色盲在男性中的发病率等于该病致病基因的基因频率,C项正确;在一个较大的种群中,若没有突变和自然选择作用,没有大的迁入和迁出,随机交配产生后代的基因频率才与亲代相同,D项错误。
【点睛】基因平衡定律的适用条件:
(1)种群足够大;
(2)没有雌雄个体都能自由交配并产生后代;(3)没有迁入和迁出;(4)自然选择不起作用;(5)没有基因突变的发生。
7.化学在生活中有着广泛的应用,下列对应关系正确的是()
A.SO2具有漂白性,可用SO2漂白食物
B.明矾、二氧化氯可作水杀菌消毒剂
C.地沟油中的“油”属于油脂,用地沟油可制造肥皂
D.碳酸钠能与盐酸反应,可用碳酸钠治疗胃酸过多
【答案】C
【解析】A.SO2具有漂白性,但是有毒,不能用SO2漂白食物,A不正确;B.明矾只是净水剂,没有杀菌消毒能力,不能用作杀菌消毒剂,B不正确;C.地沟油中的“油”属于油脂,用地沟油可制造肥皂,C正确;D.碳酸钠能与盐酸反应,但是其水溶液的碱性过强,不能用碳酸钠治疗胃酸过多,通常用碳酸氢钠,D不正确。
本题选C。
8.NA表示阿伏加德罗常数,下列叙述正确的是()
A.在0.1mol/L碳酸钠溶液中阴离子总数大于0.1NA
B.在铜与硫的反应中,1mol铜失去电子数2NA
C.31g白磷分子中,含有的共价单键数目是NA
D.向含0.1molNH4Al(SO4)2的溶液中滴加NaOH溶液至沉淀恰好完全溶解,消耗的OH-数为0.5NA
【答案】D
【解析】A.碳酸钠溶液的体积未知,所以无法计算0.1mol/L碳酸钠溶液中阴离子总数,A不正确;B.铜与硫反应生成硫化亚铜,1mol铜失去的电子数为NA,B不正确;C.白磷分子中有6个共价键,31g白磷的物质的量为0.25mol,含有的共价单键数目是1.5NA,C不正确;D.向含0.1molNH4Al(SO4)2的溶液中滴加NaOH溶液至沉淀恰好完全溶解,发生反应的离子方程式为NH4++Al3++5OH-=NH3•H2O+AlO2-+2H2O的溶液中滴加NaOH,所以消耗的0H-数目为0.5NA,D正确。
本题选D。
9.分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有(不含立体异构)( )
A.3种B.4种C.5种D.6种
【答案】B
【解析】试题分析:
能与Na2CO3反应放出气体,气体为二氧化碳,则化学式为C5H10O2的物质为羧酸,分子中含有官能团-COOH,该有机物可以书写为:
C4H9COOH,丁烷分子中含有的位置不同的氢原子数目,即为该羧酸的同分异构体数目;丁烷存在的同分异构体为:
①CH3CH2CH2CH3和②CH(CH3)3,其中①CH3CH2CH2CH3中存在2种位置不同的H原子;②CH(CH3)3中也存在2种CH(CH3)3,所以满足条件的该有机物同分异构体总共有:
2+2=4种,故选B。
考点:
考查了同分异构体的相关知识。
10.常温下,下列有关叙述正确的是
A.NaY溶液的pH=8,c(Na+)–c(Y–)=9.9×10–7mol/L
B.Na2CO3溶液中,2c(Na+)=c(CO32-)+c(HCO3-)+c(H2CO3)
C.pH相等的①NH4NO3②(NH4)2SO4③NH4HSO4溶液中,c(NH4+)大小顺序①>②>③
D.10mLpH=12的氢氧化钠溶液中加入pH=2的HA至pH刚好等于7,则所得溶液体积一定为20mL
【答案】A
【解析】试题分析:
A.NaY溶液中存在电荷守恒,c(Na+)+c(H+)=c(OH-)+c(Y–),溶液的pH=8,c(H+)=10-8mol/L,则c(OH-)=10-6mol/L,c(Na+)–c(Y–)=c(OH-)-c(H+)=(10-6-10-8)mol/L=9.9×10–7mol/L,正确;B.Na2CO3溶液中,根据物料守恒可得:
c(Na+)=2c(CO32-)+2c(HCO3-)+2c(H2CO3),错误;C.在三种溶液中都存在NH4+的水解作用,在第二种溶液中铵根离子浓度大,水解程度小,而第三种溶液中盐电离产生H+,对铵根的水解平衡其抑制作用,所以pH相等的①NH4NO3②(NH4)2SO4③NH4HSO4溶液中,c(NH4+)大小顺序①②=>③,错误。
D.10mLpH=12的氢氧化钠溶液中加入pH=2的HA至pH刚好等于7,若HA是强酸,则所得溶液体积为20mL,若HA是弱酸,则HA溶液的体积就可能大于10mL,也可能小于10mL,所以反应后溶液的体积不一定是20mL,错误。
考点:
考查电解质溶液的有关知识。
11.下列有关电池的说法不正确的是()
A.手机上用的锂离子电池属于二次电池
B.锌锰干电池中,锌电极是负极
C.甲醇燃料电池可把化学能转化为电能
D.铜锌原电池工作时,电子沿外电路从铜电极流向锌电极
【答案】D
【解析】
试题分析:
A、锂电池属于可充电电池,属于二次电池,故说法正确;B、锌锰干电池中,锌是活泼金属,作负极,故说法正确;C、燃料电池是把化学能转化成电能的装置,故说法正确;D、原电池的工作原理,电子从负极经外电路流向正极,锌作负极,铜作正极,电子从锌电极从外电路流向铜极,故说法错误。
考点:
考查电池的分类、原电池的定义、工作原理等知识。
12.被誉为“矿石熊猫”的香花石,由我国地质学家首次发现,它由前20号元素中的6种组成,其化学式为Y2X3(ZWR4)3T2,其中X、Y、Z为金属元素,Z的最外层电子数与次外层电子数相等,X、Z位于同族,Y、Z、R、T位于同周期,R最外层电子数是次外层的3倍,T无正价,X与R原子序数之和是W的2倍。
下列说法错误的是()
A.原子半径:
Y>Z>R>T
B.气态氢化物的稳定性:
W C.最高价氧化物对应的水化物的碱性: X>Z D.XR2、WR2两种化合物中R的化合价相同 A选项,Y、Z、R、T位于同周期,同周期元素的原子半径从左向右半径逐渐减小,则原子半径: Y>Z>R>T,故A错误;D选项W为Si、R为O、T为F,非金属性F>O>Si,则气态氢化物的稳定性W<R<T,故B正确;C选项,X为Ca、Z为Be,金属性Ca>Be,则最高价氧化物对应的水化物碱性: 氢氧化钙>氢氧化铍,故C错误;D选项.XR2、WR2两化合物为CaO2、SiO2,CaO2中O元素为﹣1价,SiO2中O元素化合价为﹣2,故D错误。 故选B。 13.利用右图所示装置进行下列实验,能得出相应实验结论的是() 选项 ① ② ③ 实验结论 实验装置 A 稀硫酸 Na2S AgNO3与AgCl的溶液 Ksp(AgCl)>Ksp(Ag2S) B 浓硫酸 蔗糖 溴水 浓硫酸具有脱水性、氧化性 C 稀盐酸 Na2SO3 Ba(NO3)2溶液 SO2与可溶性钡盐均可以生成白色沉淀 D 浓硝酸 Na2CO3 Na2SiO3溶液 酸性: 硝酸>碳酸>硅酸 A.AB.BC.CD.D 【答案】B 【解析】A.稀硫酸与硫化钠反应生成硫化氢气体,由于③中含有硝酸银,通入H2S一定生成硫化银沉淀,不能比较溶度积大小,A错误;B.浓硫酸将蔗糖炭化,进而氧化,生成CO2、SO2和H2O,SO2能使溴水褪色,B正确;C.二氧化硫溶液呈酸性,酸性条件下,硝酸根离子具有强氧化性,可氧化二氧化硫生成硫酸根离子,可生成沉淀,但二氧化硫通入氯化钡溶液中则没有沉淀生成,C错误;D.强酸能弱酸盐反应生成弱酸,根据强酸制取弱酸判断酸性强弱,浓硝酸和碳酸钠反应生成二氧化碳,二氧化碳、水和硅酸钠反应生成难溶性硅酸,但硝酸具有挥发性,生成的CO2中含有硝酸,硝酸也与硅酸钠反应产生硅酸沉淀,不能实现实验目的,D错误,答案选B。 点睛: 本题考查化学实验方案评价,为高频考点,侧重于学生的分析、实验能力的考查,涉及酸性强弱判断、浓硫酸、硝酸、SO2的性质、气体的制备等知识点,明确实验原理及物质性质是解本题关键。 选项D是易错点,注意硝酸的挥发性。 二、选择题: 本题共8小题,每小题6分,共48分。 在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求。 全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分。 14.下列说法正确的是() A.伽利略通过“理想实验”得出“力是维持物体运动的原因” B.历史上首先正确认识力和运动的关系,推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是牛顿 C.牛顿发现万有引力定律的同时测出了引力常量 D.伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度、加速度以及能量的概念 【答案】D 【解析】伽利略通过“理想实验”得出“力不是维持物体运动的原因”,故A错误;历史上首先正确认识力和运动的关系,推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是伽利略,故B错误;牛顿发现万有引力定律,卡文迪许测出了引力常量,故C错误;伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度、加速度以及能量的概念,故D正确。 所以D正确,ABC错误。 15.如图所示,A、B两物体之间用轻质弹簧连接,用水平恒力F拉A,使A、B一起沿光滑水平面做匀加速运动,这时弹簧长度为L1,若将A、B置于粗糙水平面上,且A、B与粗糙水平面之间的动摩擦因数相同,用相同的水平恒力F拉A,使A、B一起做匀加速运动,此时弹簧的长度为L2,则 A.L2=L1B.L2>L1 C.L2 【答案】A 【解析】设A质量m1,B质量m2,第一种情况: 加速度a1= 弹簧弹力F1= 第二种情况: 加速度a2= -μg,弹簧弹力F2=m2( -μg)+μm2g= 根据胡克定律L= 得: L1=L2,选A 16.如图所示,轻弹簧的一端固定在竖直墙上,质量为m的光滑弧形槽静止放在光滑水平面上,弧形槽底端与水平面相切,一个质量也为m的小物块从槽高h处开始自由下滑,下列说法正确的是() A.在下滑过程中,物块的机械能守恒 B.在下滑过程中,物块和槽的动量守恒 C.物块被弹簧反弹后,做匀速直线运动 D.物块被弹簧反弹后,能回到槽高h处 【答案】C 【解析】试题分析: 在下滑过程中,光滑弧形槽向左运动,物块的机械能转化为弧形槽的动能,因此弧形槽的机械能不守恒,A错;下滑过程中以物块和弧形槽为一个整体,竖直方向所受合力不为零,所以整体动量不守恒,B错;物块被弹簧反弹后,水平方向不受外力,做匀速直线运动,C对;反弹后上升到弧形槽最高点时两者速度相同,由能量守恒定律可知此时高度小于h,D错;故选C 考点: 考查机械能守恒和动量守恒 点评: 本题难度较小,明确研究对象(一个物体或一个系统),判断受力情况从而判断机械能和动量是否守恒 17.如图所示,虚线a、b、c是电场中的三个等势面,相邻等势面间的电势差相同,实线为一带电的质点在仅受电场力作用下,通过该区域的运动轨迹,P、Q是轨迹上的两点。 下列说法中正确的是() A.带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小 B.带电质点一定是从P点向Q点运动 C.带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小 D.三个等势面中,等势面a的电势最高 18.某人骑自行车在平直道路上行进,图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v﹣t图象,某同学为了简化计算,用虚线作近似处理,下列说法正确的是( ) A.在t1时刻,虚线反映的加速度比实际的小 B.在0~t1时间内,由虚线计算出的平均速度比实际的大 C.在t1~t2时间内,由虚线计算出的位移比实际的大 D.在t3~t4时间内,虚线反映的是匀速直线运动 【答案】ABD 【解析】试题分析: v-t图线的斜率等于加速度,所以在t1时刻,虚线反映的加速度比实际的小,A错误;v-t图线与坐标轴所围的面积等于位移,在0~t1时间内,由虚线计算出的位移比实际位移大,所以计算出的平均速度比实际的大,B错误;在t1~t2时间内,由虚线计算出的位移比实际的小,C错误;在t3~t4时间内,由虚线反映的运动速度不变,是匀速运动,D正确;故选D。 考点: v-t图线 【名师点睛】v-t图线的斜率等于加速度,根据斜率比较虚线反映的加速度和实际的加速度;v-t图线与坐标轴所围图形的面积等于位移,根据面积比较虚线反映的运动的位移和实际的位移;t3~t4时间内速度不变,做匀速运动。 19.假设某“空间站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行,其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一,且运行方向与地球自转方向一致。 下列说法正确的有() A.“空间站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度 B.“空间站”运行的速度等于同步卫星运行速度的 倍 C.站在地球赤道上的人观察到它向东运动 D.在“空间站”工作的宇航员因受到平衡力而在舱中最浮或静止 【答案】AC 【解析】由于重力提供向心加速度有: ma=mg′,可知“空间站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度,故A正确;根据万有引力提供向心力 ,解得: ,则“空间站”运行的速度与同步卫星运行速度之比为: ,故B错误;、空间站比同步卫星离地球近,根据万有引力提供向心力 ,解得: ,即空间站的角速度比同步卫星即地球自转更大些,站在地球赤道上的人会观察到它向东运动,故C正确;“空间站”工作的宇航员随空间站一起作匀速圆周运动,故所受万有引力提供向心力,并非受平衡力作用,故D错误。 所以AC正确,BD错误。 20.如图所示,平行金属板中带电质点P处于静止状态,不考虑电流表和电压表对电路的影响,当滑动变阻器 的滑片向b端移动时,则() A.电流表读数减小 B.电压表读数减小 C.质点P将向下运动 D. 上消耗的功率逐渐增大 【答案】BC 【解析】由图可知,R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联,再与R1串连接在电源两端;电容器与R3并联;当滑片向b移动时,滑动变阻器接入电阻减小,则电路中总电阻减小;由闭合电路欧姆定律可知,电路中电流增大;路端电压减小,同时R1两端的电压也增大;故并联部分的电压减小;由欧姆定律可知流过R3的电流减小,则流过并联部分的电流增大,故电流表示数增大,故A错误;因并联部分电压减小,而R2中电压增大,所以电压表示数减小,故B正确;因电容器两端电压减小,故电荷受到的向上电场力减小,则重力大于电场力,电荷向下运动,故C正确;因R3两端的电压减小,由公式 ,可知,R3上消耗的功率减小;故D错误。 所以BC正确,AD错误。 21.半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆,单位长度电阻均为 .圆环水平固定放置,整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场,磁感应强度为B.杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动,杆始终有两点与圆环良好接触,从圆环中心O开始,杆的位置由 确定,如图所示.则() A. 时,杆产生的电动势为 B. 时,杆产生的电动势为 C. 时,杆受的安培力大小为 D. 时,杆受的安培力大小为 【答案】AD 【解析】当θ=0时,杆产生的电动势E=BLv=2Bav,故A正确;当 时,根据几何关系得出此时导体棒的有效切割长度为a,所以杆产生的电动势为E=Bav,故B错误;当θ=0时,由于单位长度电阻均为R0.所以电路中总电阻为: ,所以杆受的安培力大小为: ,故C错误;当 时,电路中总电阻为: ,所以杆受的安培力大小为: ,故D正确。 所以AD正确,BC错误。 第Ⅱ卷 二、非选择题: 共174分,本卷包括必考题和选考题两部分。 第22~32题为必考题,每个试题考生都必须作答。 第33~38题为选考题,考生根据要求作答。 (一)必考题(共129分) 22.(6分)如图所示螺旋测微器的测量读数应是_______mm,游标卡尺读数为_______mm. 【答案】1.10530.80 【解析】试题分析: 游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读 螺旋测微器的读数为 ; 游标卡尺的读数为 23.(9分)现有两个电阻元件,其中一个是由金属材料制成的,它的电阻随温度的升高而增大,而另一个是由某种半导体材料制成的,其电阻随温度的升高而减小。 现对其中一个元件 进行测试,实验中可供选择的仪器为: A.电压表V1(0~3V,内阻30kΩ) B.电流表A1(0~0.6A,内阻约1Ω) C.电流表A2(0~030mA,内阻约20Ω) D.滑动变阻器R1(100Ω,1A) E.滑动变阻器R2(10Ω,5A) F.电池(3V,内阻不计) G.开关、导线若干 测得通过其中的电流与加在它两端的电压数据如下表所示: (1)实验中电流表应选择: _________;滑动变阻器应选择: ___________(填字母序号); (2)请在方框(a)中画出实验电路图_________; (3)根据表中数据,判断元件R0可能是由________材料制成的; (4)请根据表中数据在(b)图中作出I-U图线_________; (5)把元件 接入如图(c)所示的电路中,电源为所提供的器材中的F,闭合开关后,电流表读数为20.0mA,则此时定值电阻R的电功率_____________W。 (保留两位有效数字) 【答案】CE 半导体 0.0080W~0.0100W 【解析】 (1)因电源电压为3V,故电压表应选择A(V1,3V);由表中数据可知,电流最大值为25mA;故电流表应选择C(A2,30mA);由表中数据可知,电压及电流从零开始变化且变化范围较大,故应选用分压接法;滑动变阻器选择小电阻E(R2,10Ω)便于操作控制; (2)由以上分析可知,滑动变阻器采用分压接法;同时因待测电阻阻值较小;故应采用电流表外接法;原理图如图所示: (3)随着电流增大,即元件R0的发热功率越大,对应电压与电流的比值越小,即电阻值越小,所以元件R0可能是由上述半导体材料制成的. (4)采用描点法可得出对应的图象如图所示: (5)由表中数据可知,当电流为20mA时,U0=2.6V,定值电阻两端的电压为: UR=U-U0=3-2.6=0.4V,定值电阻消耗的功率为: P=URI=0.4×20×10-3=0.0080W 【点睛】本题考查伏安特性曲线的认识以及电功
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