高中物理 必修一相互作用典型题带解析.docx
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高中物理必修一相互作用典型题带解析
高中物理必修一
一、【重力 弹力 摩擦力】
1.如图所示,小车内一根轻质弹簧沿竖直方向和一条与竖直方向成α角的细绳拴接一小球.当小车和小球相对静止,一起在水平面上运动时,下列说法正确的是( )
A.细绳一定对小球有拉力的作用
B.轻弹簧一定对小球有弹力的作用
C.细绳不一定对小球有拉力的作用,但是轻弹簧对小球一定有弹力
D.细绳不一定对小球有拉力的作用,轻弹簧对小球也不一定有弹力
解析:
选D.若小球与小车一起做匀速运动,则细绳对小球无拉力;若小球与小车有向右的加速度a=gtanα,则轻弹簧对小球无弹力,D正确.
2.一轻质弹簧原长为8cm,在4N的拉力作用下伸长了2cm,弹簧未超出弹性限度.则该弹簧的劲度系数为( )
A.40m/N B.40N/m
C.200m/ND.200N/m
解析:
选D.由F=kx知,弹簧的劲度系数k=
=
N/m=200N/m,选项D正确.
3.在日常生活及各项体育运动中,有弹力出现的情况比较普遍,如图所示的情况就是一个实例.当运动员踩压跳板使跳板弯曲到最低点时,下列说法正确的是( )
A.跳板发生形变,运动员的脚没有发生形变
B.运动员受到的支持力,是运动员的脚发生形变而产生的
C.此时跳板对运动员的支持力和运动员的重力等大
D.此时跳板对运动员的支持力大于运动员的重力
解析:
选D.发生相互作用的物体均要发生形变,故A错误;发生形变的物体,为了恢复原状,会对与它接触的物体产生弹力的作用,B错误;在最低点,运动员虽然处于瞬间静止状态,但接着运动员要加速上升,故此时跳板对运动员的支持力大于运动员的重力,C错误,D正确.
4.如图所示为武警战士用头将四块砖顶在墙上苦练头功的照片.假设每块砖的质量均为m,砖与墙面、砖与头间的动摩擦因数均为μ,最大静摩擦力等于滑动摩擦力.要使砖恰好静止不动,则武警战士的头对砖施加的水平力为( )
A.
B.
C.
D.
解析:
选B.以四块砖为研究对象,进行受力分析.砖恰好静止不动,则砖所受到的摩擦力刚好与其重力相等,即f1+f2=4mg,又f1=f2=μF,联立两式可得F=
,即武警战士施加的水平力为F=
,选项B正确.
5.如图,一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动.若保持F的大小不变,而方向与水平面成60°角,物块也恰好做匀速直线运动.物块与桌面间的动摩擦因数为( )
A.2-
B.
C.
D.
解析:
选C.当拉力水平时,物块做匀速运动,则F=μmg,当拉力方向与水平方向的夹角为60°时,物块也刚好做匀速运动,则Fcos60°=μ(mg-Fsin60°),联立解得μ=
,A、B、D项错误,C项正确.
6.如图所示,两木块的质量分别为m1和m2,两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2,上面木块压在上面的弹簧上(但不拴接),整个系统处于平衡状态.现缓慢向上提上面的木块,直到它刚离开上面弹簧,在此过程中下面木块移动的距离为( )
A.
B.
C.
D.
解析:
选C.在此过程中,压在下面弹簧上的压力由(m1+m2)g减小到m2g,即减少了m1g,根据胡克定律可断定下面弹簧的长度增长了Δl=
,即下面木块移动的距离为
,选项C正确.
7.如图所示,有8个完全相同的长方体木板叠放在一起,每个木板的质量为100g,某人用手在这叠木板的两侧加一水平压力F,使木板水平静止.若手与木板之间的动摩擦因数为μ1=0.5,木板与木板之间的动摩擦因数为μ2=0.2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g取10m/s2.则水平压力F至少为( )
A.8NB.15N
C.16ND.30N
解析:
选B.先将所有的木板当成整体,受力分析,竖直方向受重力和静摩擦力,则二力平衡有2μ1F≥8mg;再对除两外侧木板剩余木板受力分析,竖直方向受重力和静摩擦力,由二力平衡有2μ2F≥6mg;联立解得F≥15N;故B正确,A、C、D错误.
8.(多选)轻杆的一端安装有一个小滑轮P,用手握住杆的另一端支撑着悬挂重物的轻绳,如图所示.现使杆和竖直方向的夹角缓慢减小,则杆对滑轮P的作用力( )
A.大小变大
B.大小不变
C.方向发生变化,但始终沿杆方向
D.方向始终在P两侧轻绳的夹角的角平分线上,不一定沿杆
解析:
选BD.滑轮P受到两侧轻绳的拉力和杆的作用力,其中两侧轻绳的拉力大小相等,且等于重物的重力,使杆和竖直方向的夹角缓慢减小时,两拉力的方向不变,则其合力也不变,方向始终在P两侧轻绳夹角的角平分线上,因滑轮P受力平衡,故杆对滑轮P的作用力大小不变,方向始终在P两侧轻绳夹角的角平分线上,不一定沿杆,选项B、D正确.
9.如图所示,质量为m的木块P在质量为M的长木板ab上滑行,长木板ab在地面上一直处于静止状态.若长木板ab与地面间的动摩擦因数为μ1,木块P与长木板ab间的动摩擦因数为μ2,则长木板ab受到地面的摩擦力大小为( )
A.μ1MgB.μ1(m+M)g
C.μ2mgD.μ1Mg+μ2mg
解析:
选C.木块P对长木板ab的滑动摩擦力大小为F=μ2mg,长木板ab始终静止,则地面对长木板ab的静摩擦力大小为F′=F=μ2mg,故选项C正确.
10.如图所示,在竖直平面内固定一直杆,将轻环套在杆上.不计质量的滑轮用轻质绳OP悬挂在天花板上,另一轻绳通过滑轮系在轻环上,不计所有摩擦.现向左缓慢拉绳,当环静止时,与手相连的绳子水平,若杆与地面间夹角为θ,则绳OP与天花板之间的夹角为( )
A.
B.θ
C.
+
D.
-
解析:
选C.当轻环静止不动时,PQ绳对轻环的拉力与杆对轻环的弹力等大、反向、共线,所以PQ绳垂直于杆,由几何关系可知,绳PQ与竖直方向之间的夹角是θ;对滑轮进行受力分析如图,由于滑轮的质量不计,则OP绳对滑轮的拉力与两个绳子上拉力的合力大小相等、方向相反,所以OP绳的方向一定在两根绳子之间的夹角的角平分线上,由几何关系得OP绳与天花板之间的夹角α=
β=
=
+
,C正确.
11.一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80cm的两点上,弹性绳的原长也为80cm.将一钩码挂在弹性绳的中点,平衡时弹性绳的总长度为100cm;再将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点,则弹性绳的总长度变为(弹性绳的伸长始终处于弹性限度内)( )
A.86cmB.92cm
C.98cmD.104cm
解析:
选B.将钩码挂在弹性绳的中点时,由数学知识可知钩码两侧的弹性绳(劲度系数设为k)与竖直方向夹角θ均满足sinθ=
,对钩码(设其重力为G)静止时受力分析,得G=2k
cosθ;弹性绳的两端移至天花板上的同一点时,对钩码受力分析,得G=2k
,联立解得L=92cm,可知A、C、D项错误,B项正确.
12.(多选)如图所示,将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上,中间用一轻弹簧连接,两侧用细绳系于墙壁.开始时a、b均静止,弹簧处于伸长状态,两细绳均有拉力,a所受摩擦力Ffa≠0,b所受摩擦力Ffb=0.现将右侧细绳剪断,则剪断瞬间( )
A.Ffa大小不变B.Ffa方向改变
C.Ffb仍然为零D.Ffb方向向右
解析:
选AD.剪断右侧绳的瞬间,右侧绳上拉力突变为零,而弹簧对两木块的拉力没有发生突变,与原来一样,所以b相对地面有向左的运动趋势,受到静摩擦力Ffb方向向右,C错误、D正确;剪断右侧绳的瞬间,木块a受到的各力都没有发生变化,A正确,B错误.
13.(多选)在探究静摩擦力变化规律及滑动摩擦力变化规律的实验中,设计了如图甲所示的演示装置,力传感器A与计算机连接,可获得力随时间变化的规律,将力传感器固定在光滑水平桌面上,测力端通过细绳与一滑块相连(调节力传感器高度可使细绳水平),滑块放在较长的小车上,小车一端连接一根轻绳并跨过光滑的轻质定滑轮系一只空沙桶(调节滑轮可使桌面上部轻绳水平),整个装置处于静止状态.实验开始时打开力传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子,小车一旦运动起来,立即停止倒沙子,若力传感器采集的图象如图乙,则结合该图象,下列说法正确的是( )
A.可求出空沙桶的重力
B.可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小
C.可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小
D.可判断第50s后小车做匀速直线运动(滑块仍在车上)
解析:
选ABC.t=0时刻,力传感器显示拉力为2N,则滑块受到的摩擦力为静摩擦力,大小为2N,由小车与空沙桶受力平衡可知空沙桶的重力也等于2N,A选项正确;t=50s时刻摩擦力达到最大值,即最大静摩擦力为3.5N,同时小车启动,说明带有沙子的沙桶重力等于3.5N,此时摩擦力立即变为滑动摩擦力,故摩擦力突变为3N的滑动摩擦力,B、C选项正确;此后由于沙子和沙桶重力3.5N大于滑动摩擦力3N,故50s后小车将做匀加速运动,D选项错误.
14.(多选)如图所示,水平地面粗糙,A、B两同学站在地上水平推墙.甲图中A向前推B,B向前推墙;乙图中A、B同时向前推墙.每人用力的大小都为F,方向水平.则下列说法中正确的是( )
A.甲图方式中墙受到的推力为2F
B.乙图方式中墙受到的推力为2F
C.甲图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为F
D.乙图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为F
解析:
选BD.对于乙图,墙壁在水平方向所受到人的作用力如图(a)所示(俯视图),此时墙壁所受到的推力为F合=2F.根据力的平衡可知A、B两人受到的静摩擦力均为Ff=F.故B、D正确.对于甲图,先以墙壁为研究对象,此时墙壁所受到的推力只有B对它的推力F,如图(b)所示.然后再以B为研究对象,B同学的受力情况如图(c)所示,B受到A的推力F和墙壁的反作用力F1′,由于F=F1′,所以此时B在水平方向不受摩擦力的作用.再以A为研究对象,A同学的受力情况如图(d)所示,根据牛顿第三定律可知由于A对B的作用力为F,所以B对A的反作用力F2′=F,根据力的平衡可知A所受地面的摩擦力Ff=F,故A、C错误.
二、【力的合成与分解】
1.物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动,若F1、F2、F3三个力不共线,则这三个力可能选取的数值为( )
A.15N、5N、6N B.3N、6N、4N
C.1N、2N、10ND.1N、6N、7N
解析:
选B.物体在F1、F2、F3作用下而做匀速直线运动,则三个力的合力必定为零,只有B选项中的三个力的合力可以为零且三个力不共线,B正确.
2.(多选)一个大人拉着载有两个小孩的小车(其拉杆可自由转动)沿水平地面匀速前进,则对小孩和车下列说法正确的是( )
A.拉力的水平分力等于小孩和车所受的合力
B.拉力与摩擦力的合力大小等于车和小孩重力大小
C.拉力与摩擦力的合力方向竖直向上
D.小孩和车所受的合力为零
解析:
选CD.小孩和车整体受重力、支持力、拉力和摩擦力,根据共点力平衡条件,拉力的水平分力等于小孩和车所受的摩擦力,故选项A错误;拉力、摩擦力的合力与重力、支持力的合力平衡,重力、支持力的合力竖直向下,故拉力与摩擦力的合力方向竖直向上,故选项B错误,C正确;小孩和车做匀速直线运动,故所受的合力为零,故选项D正确.
3.如图所示是轿车常用的千斤顶,当摇动把手时,螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢,从而将汽车顶起.当车轮刚被顶起时,汽车对千斤顶的压力为1.0×105N,此时千斤顶两臂间的夹角为120°.下列判断正确的是( )
A.此时千斤顶每臂受到的压力大小均为5.0×104N
B.此时千斤顶对汽车的支持力为1.0×104N
C.若继续摇动把手,将汽车顶起,千斤顶每臂受到的压力将增大
D.若继续摇动把手,将汽车顶起,千斤顶每臂受到的压力将减小
解析:
选D.汽车对千斤顶的压力大小为1.0×105N,根据牛顿第三定律,千斤顶对汽车的支持力也为1.0×105N,B项错误;两臂夹角为120°,由力的合成可知千斤顶每臂受到的压力为1.0×105N,A项错误;继续摇动把手,将汽车顶起,千斤顶两臂夹角减小,每臂受到的压力减小,C项错误,D项正确.
4.(多选)如图所示是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图.一根绳绕过两个定滑轮后两端各挂着一个相同质量的重物,与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎(图中是用手指代替颈椎做实验),整个装置在同一竖直平面内.如果要增大颈椎所受的拉力,可采取的办法是( )
A.只增加绳的长度 B.只增加重物的重量
C.只将手指向下移动D.只将手指向上移动
解析:
选BC.对力进行合成,可知颈椎所受的拉力F=2mgcosθ,增加mg或减小θ,都可以增大F,选项B、C正确.
5.如图所示,一个“U”形弹弓顶部跨度为L,在左、右顶部分别连接两根相同的橡皮条,橡皮条均匀且弹性良好,其自由长度均为L,在两橡皮条的末端用一块软羊皮(长度不计)做成裹片可将弹丸发射出去.若橡皮条伸长时的弹力满足胡克定律,且劲度系数为k,发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L(弹性限度内),则弹丸被发射过程中所受的最大合力为( )
A.
kLB.
kL
C.2kLD.kL
解析:
选A.当橡皮条伸长L时,弹力最大,为kL,弹丸受合力最大,由几何关系可得
=
,得F=
kL,故A正确.
6.(多选)已知力F的一个分力F1跟F成30°角,大小未知,另一个分力F2的大小为
F,方向未知,则F1的大小可能是( )
A.
B.
C.
D.
F
解析:
选AC.如图所示,因F2=
F>Fsin30°,故F1的大小有两种可能情况,由ΔF=
=
F,即F1的大小分别为Fcos30°-ΔF和Fcos30°+ΔF,即F1的大小分别为
F和
F,A、C正确.
7.(多选)如图所示是李强同学设计的一个小实验,他将细绳的一端系在手指上,细绳的另一端系在直杆的A端,杆的左端顶在掌心上,组成一个“三角支架”.在杆的A端悬挂不同的重物,并保持静止.通过实验会感受到( )
A.细绳是被拉伸的,杆是被压缩的
B.杆对手掌施加的作用力的方向沿杆由C指向A
C.细绳对手指施加的作用力的方向沿细绳由B指向A
D.所挂重物质量越大,细绳和杆对手的作用力也越大
解析:
选ACD.重物所受重力的作用效果有两个,一是拉紧细绳,二是使杆压紧手掌,所以重力可分解为沿细绳方向的力F1和垂直于掌心方向的力F2,如图所示,由三角函数得F1=
,F2=Gtanθ,故选项A、C、D正确.
8.蹦床可简化为如图所示的完全相同的网绳构成的正方形,点O、a、b、c等为网绳的结点.当网水平张紧时,若质量为m的运动员从高处竖直落下,并恰好落在O点,当该处下凹至最低点时,网绳aOe、cOg均成120°向上的张角,此时O点受到的向下的冲击力为F,则这时O点周围每根网绳的拉力的大小为( )
A.
B.
C.
D.
解析:
选B.设每根网绳的拉力大小为F′,对结点O有:
4F′cos60°-F=0,解得F′=
,选项B正确.
9.如图所示,小球A、B通过一条细绳跨过定滑轮连接,它们都套在一根竖直杆上.当两球平衡时,连接A、B两球的细绳与水平方向的夹角分别为θ和2θ.假设装置中的各处摩擦均不计,则A、B球的质量之比为( )
A.2cosθ∶1B.1∶2cosθ
C.tanθ∶1D.1∶2sinθ
解析:
选B.对A、B两球受力分析如图所示,由力的平衡条件可知,T′sinθ=mAg,Tsin2θ=mBg,T′=T,解得mA∶mB=sinθ∶sin2θ=1∶2cosθ,B正确.
10.(多选)如图所示,重物A被绕过小滑轮P的细线所悬挂,重物B放在粗糙的水平桌面上;小滑轮P被一根斜拉短线系于天花板上的O点;O′是三根线的结点,bO′水平拉着B物体,cO′沿竖直方向拉着弹簧;弹簧、细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略,整个装置处于静止状态,g=10m/s2.若悬挂小滑轮的斜线OP的张力是20
N,则下列说法中正确的是( )
A.弹簧的弹力为10N
B.重物A的质量为2kg
C.桌面对B物体的摩擦力为10
N
D.OP与竖直方向的夹角为60°
解析:
选ABC.O′点是三根线的结点,属于“死结”,而小滑轮重力不计且与细线间的摩擦力可忽略,故P处为“活结”.由mAg=FO′a,FOP=2FO′acos30°可解得:
FO′a=20N,mA=2kg,选项B正确;OP的方向沿绳子张角的角平分线方向,故OP与竖直方向间的夹角为30°,选项D错误;对O′受力分析,由平衡条件可得:
F弹=FO′asin30°,FO′b=FO′acos30°,对物体B有:
fB=FO′b,联立解得:
F弹=10N,fB=10
N,选项A、C均正确.
11.如图所示,一固定的细直杆与水平面的夹角为α=15°,一个质量忽略不计的小轻环C套在直杆上,一根轻质细线的两端分别固定于直杆上的A、B两点,细线依次穿过小环甲、小轻环C和小环乙,且小环甲和小环乙分居在小轻环C的两侧.调节A、B间细线的长度,当系统处于静止状态时β=45°.不计一切摩擦.设小环甲的质量为m1,小环乙的质量为m2,则m1∶m2等于( )
A.tan15°B.tan30°
C.tan60°D.tan75°
解析:
选C.小环C为轻环,重力不计,受两边细线的拉力的合力与杆垂直,C环与乙环的连线与竖直方向的夹角为60°,C环与甲环的连线与竖直方向的夹角为30°,A点与甲环的连线与竖直方向的夹角为30°,乙环与B点的连线与竖直方向的夹角为60°,设细线拉力为T,根据平衡条件,对甲环有2Tcos30°=m1g,对乙环有2Tcos60°=m2g,得m1∶m2=tan60°,故选C.
12.(2019·全国卷Ⅲ)用卡车运输质量为m的匀质圆筒状工件,为使工件保持固定,将其置于两光滑斜面之间,如图所示.两斜面Ⅰ、Ⅱ固定在车上,倾角分别为30°和60°.重力加速度为g.当卡车沿平直公路匀速行驶时,圆筒对斜面Ⅰ、Ⅱ压力的大小分别为F1、F2,则( )
A.F1=
mg,F2=
mg B.F1=
mg,F2=
mg
C.F1=
mg,F2=
mgD.F1=
mg,F2=
mg
解析:
选D.如图所示,卡车匀速行驶,圆筒受力平衡,由题意知,力F1′与F2′相互垂直.由牛顿第三定律知F1=F1′,F2=F2′,则F1=mgsin60°=
mg,F2=mgsin30°=
mg,选项D正确.
13.如图所示,由两种材料做成的半球面固定在水平地面上,半球右侧面是光滑的,左侧面粗糙,O点为球心,A、B是两个相同的小物块(可视为质点),物块A静止在左侧面上,物块B在图示水平力F作用下静止在右侧面上,A、B处在同一高度,AO、BO与竖直方向的夹角均为θ,则A、B分别对半球面的压力大小之比为( )
A.sinθ∶1B.sin2θ∶1
C.cosθ∶1D.cos2θ∶1
解析:
选D.分别对A、B进行受力分析,如图所示,由物体的平衡条件知NA=mgcosθ,同理可知NBcosθ=mg,则
=cos2θ,再根据牛顿第三定律知A、B分别对半球面的压力大小之比为cos2θ∶1,故D选项正确.
14.(多选)如图所示,叠放在一起的A、B两物体放置在光滑水平地面上,A、B之间的水平接触面是粗糙的,细线一端固定在A物体上,另一端固定于N点,水平恒力F始终不变,A、B两物体均处于静止状态,若将细线的固定点由N点缓慢下移至M点(线长可变),A、B两物体仍处于静止状态,则( )
A.细线的拉力将减小
B.A物体所受的支持力将增大
C.A物体所受摩擦力将增大
D.水平地面所受压力将减小
解析:
选AB.以A、B两物体组成的系统作为研究对象,受力分析如图甲所示.水平方向:
FTcosα=F,竖直方向:
FN+FTsinα=(mA+mB)g,因为细线与水平地面的夹角α减小,cosα增大,sinα减小,FT将减小,FN将增大,所以细线所受拉力减小,地面受到的压力增大,A正确,D错误;以物体A为研究对象,受力分析如图乙所示,竖直方向:
FNA+FTsinα=mAg,FT减小,sinα减小,所以FNA增大,B正确;以B为研究对象,在水平方向上由力的平衡可得Ff=F,B物体所受摩擦力不变,故A物体所受摩擦力不变,C错误.
三、【受力分析 共点力的平衡】
1.设雨点下落过程中受到的空气阻力与雨点(可看成球形)的横截面积S成正比,与下落速度v的二次方成正比,即f=kSv2,其中k为比例常数,且雨点最终都做匀速运动.已知球的体积公式为V=
πr3(r为半径).若两个雨点的半径之比为1∶2,则这两个雨点的落地速度之比为( )
A.1∶
B.1∶2
C.1∶4D.1∶8
解析:
选A.当雨点做匀速直线运动时,重力与阻力相等,即f=mg,故k×πr2×v2=mg=ρ×
πr3×g,即v2=
,由于半径之比为1∶2,则落地速度之比为1∶
,选项A正确.
2.(多选)如图所示,水平地面上的L形木板M上放着小木块m,M与m间有一个处于拉伸状态的弹簧,整个装置处于静止状态.下列说法正确的是( )
A.M对m无摩擦力作用
B.M对m的摩擦力方向向左
C.地面对M的摩擦力方向向左
D.地面对M无摩擦力作用
解析:
选BD.对m受力分析,m受到重力、支持力、水平向右的弹簧的拉力和木板的摩擦力,根据平衡条件知,M对m的摩擦力方向向左,故A错误,B正确;对整体受力分析,在竖直方向上受到重力和支持力平衡,若地面对M有摩擦力,则整体合力不为零,故地面对M无摩擦力作用,故C错误,D正确.
3.如图所示,水平面上A、B两物块的接触面水平,二者叠放在一起在作用于B上的水平恒定拉力F的作用下沿地面向右做匀速运动,某时刻撤去力F后,二者仍不发生相对滑动,关于撤去F前后下列说法正确的是( )
A.撤去F之前A受3个力作用
B.撤去F之前B受到4个力作用
C.撤去F前后,A的受力情况不变
D.A、B间的动摩擦因数μ1不小于B与地面间的动摩擦因数μ2
解析:
选D.撤去F前,整体做匀速运动,故B受地面的摩擦力与F平衡,而A水平方向不受外力,故A不受B的摩擦力,B受重力、支持力、压力、拉力和地面的摩擦力共5个力作用;A只受重力和B对A的支持力两个力的作用,A、B错误;撤去拉力F后,由于整体做减速运动,A受到重力和B对A的支持力及B对A的摩擦力3个力的作用,C错误;撤去拉力F后,由于整体做减速运动,整体的加速度a=μ2g,而A的加速度aA=μ2g≤μ1g,即μ2≤μ1,D正确.
4.如图甲所示,在粗糙水平面上静止放置一个截面为三角形的斜劈,其质量为M.两个质量分别为m1和m2的小物块恰好能沿两侧面匀速下滑.若现在对两物块同时各施加一个平行于斜劈侧面的恒力F1和F2,且F1>F2,如图乙所示.则在两个小物块沿斜面下滑的过程中,下列说法正确的是( )
A.斜劈可能向左运动
B.斜劈受到地面向右的摩擦力作用
C.斜劈对地面的压力大小等于(M+m1+m2)g
D.斜劈对地面的压力大小等于(M+m1+m2)g+F1sinα+F2sinβ
解析:
选C.在未施加力之前,三个物体都处于平衡状态,故可以对三个物体的整体受力分析,受重力和支持力,故支
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