高考全国新课标2卷物理含答案解析.docx
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高考全国新课标2卷物理含答案解析
2016年普通高等学校招生全国统一考试(u卷)
(甘肃、青海、内蒙古、黑龙江、吉林、辽宁、宁夏、新疆、西藏、陕西、重庆)
第I卷(选择题共126分)
、选择题:
本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,
第佃~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14•质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上•用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点
表示绳OA段拉力的大小,在O点向左移动的过程中
A•F逐渐变大,T逐渐变大
B•F逐渐变大,T逐渐变小
C•F逐渐变小,T逐渐变大
D•F逐渐变小,T逐渐变小
【答案】A
【解析】动态平衡问题,F与T的变化情况如图:
可得:
F>F'>F''
T>T'>T"
【考点】物体平衡
15•如图,P是固定的点电荷,虚线是以P为圆心的两个圆•带电粒子Q在P的电场中运动,运动轨迹与两
圆在同一平面内,a、b、c为轨迹上的三个点.若Q仅受P的电场力作用,其在
a、
别为aa,
ab,
ac,
速度大小
卜分别为V
a,Vb,Vc,则
A•aa
■ab
■ac,
Va
Vc
Vb
B•aa
■ab
ac,
Vb
V
Va
C•ab
ac
aa,
Vb
vc
Va
D•ab
ac
aa,
Va
Vc
Vb
【答案】
D
b、c点的加速度大小分
【解析】由库仑定律可知,粒子在a、b、c三点受到的电场力的大小关系为FbFcFa,由a二空,可知
m
abacaa,由题意可知,粒子Q的电性与P相同,受斥力作用结合运动轨迹,得VVVb
【考点】牛顿第二定律、库仑定律、电荷间相互作用。
16.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上,P球的质量大于Q球的质量,悬挂P球的绳比悬挂Q
球的绳短•将两球拉起,使两绳均被水平拉直,如图所示,将两球由静止释放,在各自轨迹的最低点.
A•P球的速度一定大于Q球的速度
B•P球的动能一定小于Q球的动能
C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力
D•P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度
【答案】C
【解析】由动能定理:
mgL」mv2-0得v=-.2gL.由于h:
:
:
J
2
A错误;又EkQ=mQgl2,EkP二mpgli其大小无法判断,
B错误;受力分析・mg卡;“mVL;
=ma
联立可得T=3mg,a=2g则TpTqc正确,aP=aQd错误。
【考点】牛顿第二定律、圆周运动、动能定理。
17•阻值相等的四个电阻,电容器
路•开关S断开且电流稳定时,C所带的电荷量为
C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电
Qi;
定后,C所带的电荷量为Q2•Qi与Q2的比值为
闭合开关S,电流再次稳
2
A•-
5
【答案】C
Ui
【解析】由已知可得:
Qi=U1CQ2=U2C贝y
Q1
U1
U2
s断开时等效电路如图:
U1
RR+R
R+R+R
R+RR+R(R+R)+R
S闭合时等效电路如图:
RR
2=-^1e
R+旦旦3
R+R
则幺亠
Q2U2
【考点】串并联电路、
电容器的电容。
18.—圆筒处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中,磁场方向与筒的轴平行,
截面如图所示。
图中直径MN的两端分别开有小孔•筒绕其中心轴以角速度转动.在该截面内,一带电粒子从小孔角•当筒转过90时,该粒子恰好从小孔筒壁发生碰撞,贝帰电粒子的比荷为
M射入筒内,射入时的运动方向与
N飞出圆筒.不计重力.若粒子在筒内未与
N
筒的横
-■顺时针
MN成30
XzXX
XX
x/Oxx
x/x
xx
30
A•
3B
【答案】A
©
B.
2B
c.—B
2«
D•——
B
【解析】如图所示,由几何关系可知粒子的运动轨迹圆心为
F向二m丰r①
由粒子在磁场中的运动规律可知
F向-F合=qvB②
由①②得T=◎即比荷③
BqmBT
由圆周运动与几何关系可知t粒子-t
•粒子筒
O',MO'N'=30:
.V
Of
90
360
则T粒子=3T筒④又有丁筒=:
2二⑤
©
由③④⑤得q二一
m3B
【考点】带电粒子在磁场中运动。
19•两实心小球甲和乙由同一种材料制成,甲球质量大于乙球质量•两球在空气中由静止下落,假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比,与球的速率无关.若它们下落相同的距离,贝y
A.甲球用的时间比乙球长
B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小
W克服=fx,x甲二x乙,f甲f乙,
C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小
D•甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功
【答案】BD
一43
【解析】设f二kR,则受力分析得F合二mg「f又F合二ma、mR3•:
3
_k
得a—g-—I•由m甲•m乙、;甲='乙可知a甲a,C错误;v-t图像如
R
图,可知甲、乙位移相同,
3
则v甲v乙B正确;蚌:
:
:
t乙A错误;由功的定义可知
则端克服叫乙克服D正确。
【考点】牛顿第二定律、速度图像、功。
20•法拉第圆盘发动机的示意图如图所示•铜圆盘安装在竖直的铜轴上,两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和
铜轴接触•圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中•圆盘旋转时,关于流过电阻R的电流,下列说法正确的是
A•若圆盘转动的角速度恒定,则电流大小恒定
B.若从上向下看,圆盘顺时针转动,则电流沿a到b的方向流动
C.若圆盘转动方向不变,角速度大小发生变化,则电流方向可能发生变化
D.若圆盘转动的角速度变为原来的两倍,则电流在R上的热功率也变为原来的2倍
【答案】AB
【解析】将圆盘看成无数幅条组成,它们都在切割磁感线从而产生感应电动势,出现感应
电流:
根据右手定则圆盘上感应电流从边缘向中心,则当圆盘顺时针转动时,流过电阻的
12
电流方向从a到b,B正确;由法拉第电磁感应定律得感生电动势E=BLVBL2,A正
2
E21b2i4时2
确,C错误;由得P_4当••变为2倍时,P变为原来的4倍,D错误。
RP=
R
【考点】电磁感应、电功率、圆周运动。
21•如图,小球套在光滑的竖直杆上,轻弹簧一端固定于O点,另一端与小球相连•现将小球从M点由静
止释放,它在下降的过程中经过了N点,已知在M、N两点处,弹簧对小球的弹力大小相等。
且
n
./ONM:
:
:
.OMN:
:
:
—,在小球从M点运动到N点的过程中
A.弹力对小球先做正功后做负功
B.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度
C.弹簧长度最短时,弹力对小球做功的功率为零
D.小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差
【答案】BCD
【解析】由题意可知在运动过程中受力如上图,小球的位移为MN,则从M_.A弹簧
处于压缩态,则弹力做负功;从A)B弹簧从压缩变为原长,弹力做正功;从B)N弹
B正确;在B点弹簧处于原长则受力如下图,在
A点时,
F弹垂直于杆,则
Ek增二Ep减即
簧从原长到伸长,弹力做负功,则A错误;在A点受力如中图,则
P单=F^Vco^=0,C正确;从M到N小球与弹簧机械能守恒,则
EkN-0=Ep重M—Ep重N-Ep弹N—Ep弹M,而M、N两点弹力相同,由胡克定律可知,弹
簧形变量相同,则Ep弹N二Ep弹M,即Ekn二Ep重M-Ep重N,D正确。
【考点】胡克定律、功与能的关系、机械能守恒。
第II卷(非选择题共174分)
三、非选择题:
本卷包括必考题和选考题两部分.第22~32题为必考题.每个试题考生都必
须作答•第33~40题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题(共129分)
22.(6分)
某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究,实验装置如图(a)所示:
轻弹簧放置在光滑水平桌面上,弹簧
左端固定,右端与一物块接触而不连接,纸带穿过打点计时器并与物块连接。
向左推物块使弹簧压缩一段距离,由静止释放物块,通过测量和计算,可求得弹簧被压缩后的弹性势能。
⑴实验中涉及到下列操作步骤:
1把纸带向左拉直
2松手释放物块
3接通打点计时器电源
4向左推物块使弹簧压缩,并测量弹簧汨一一一"
压缩量
/'=
i1
11
7二_
—1—
一1出J
—..、斗―
L
上述步骤正确的操作顺序是
(填入代表步骤的序号).
⑵图(b)中M和L纸带是分别把弹簧压
缩到不同位置后所得到的实际打点结果•打点计时器所用交流电的频率为50Hz•由M纸带所给的数据,
可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为m/s•比较两纸带可知,(填“M”或“L”纸带对
应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大.
【答案】⑴④①③②⑵1.29M
【解析】:
⑴略
⑵脱离弹簧后物体应该匀速直线运动,则
v=2.582.5710—1.29m/s
0.04
由能量守恒可知,物体的末动能越大,则弹簧被压缩时的弹性势能越大,贝yEpm.Epl
23.(9分)某同学利用图所示电路测量量程为2.5V的电压表⑨的内阻(内阻为数千欧姆),可供选择的器
材有:
电阻箱R(最大阻值99999.90),滑动变阻器R1(最大阻值5险),滑动变阻器
R2(最大阻值5k0),直流电源E(电动势3V),开关1个,导线若干。
实验步骤如下:
1按电路原理图连接线路;
2将电阻箱阻值调节为0,将滑动变阻器的滑片移到与图中最左端所对应的位置,闭合开关
③调节滑动变阻器,使电压表满偏
④保持滑动变阻器滑片的位置不变,调节电阻箱阻值,使电压表的示数为回答下列问题:
⑴实验中应选择滑动变阻器(填R”或只2”.
⑵根据所示电路将右图中实物图连线。
⑶实验步骤④中记录的电阻箱阻值为6300.,若认为调节电阻箱时滑动
变阻器上的分压不变,计算可得电压表的内阻为门(结果保
留到个位)。
⑷如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的,可推断该表头的满刻度
电流为(填正确答案标号)。
A.100»AB.2504AC.500»AD.
【答案】⑴Ri⑵如图⑶2520⑷D
【解析】⑴实验原理类比于半偏法测电表内阻,电压表所在支路的总电压应该尽量不变化,即滑动变阻器选最大阻值小的即选R,
⑵如图
⑶近似认为电压表所在电路的总电压不变,且流过电压表与变阻箱的电流不变,
ES
S;
2.00V,记下电阻箱的阻值。
1mA
2
FV
2.5-2
R
Rz=4R=2520"
⑷由欧姆定律可知,1满=牛釜1mA
24.(12分)如图,水平面(纸面)内间距为I的平行金属导轨间接一电阻,质量为m、长度为I的金属杆置
于导轨上.t=0时,金属杆在水平向右、大小为F的恒定拉力作用下由静
止开始运动.t0时刻,金属杆进入磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面
向里的匀强磁场区域,且在磁场中恰好能保持匀速运动.杆与导轨的电阻均忽略不计,两者始终保持垂直且接触良好,两者之间的动摩擦因数为
■-重力加速度大小为g.求
⑴金属杆在磁场中运动时产生的电动势的大小;
⑵电阻的阻值.
【答案】⑴E二匹F—「mg⑵R二mm
【解析】⑴由题意可知0〜t0时间内受力分析如图
f=Jmg②
物体做匀加速直线运动F合=:
ma③
物体匀加进入磁场瞬间的速度为v,则v=at0④
由法拉第电磁感应定律可知E=Blv⑤
由①②③④⑤可得
Blto,
EF--'mg⑥
m
⑵金属杆在磁场中的受力如图即由杆在磁场中匀速直线运动可知
F—F安—f=0⑦
f=Jmg⑧
由安培力可知F安=BII⑨
由欧姆定律可知I⑩
R
22
由⑥⑦⑧⑨⑩可知R二旦口°
m
25.(20分)轻质弹簧原长为21,将弹簧竖直放置在地面上,在其顶端将一质量为5m的物体由静止释放,
当弹簧被压缩到最短时,弹簧长度为I,现将该弹簧水平放置,一端固定在A点,另一端与物块P接触但不
连接.AB是长度为5I的水平轨道,B端与半径I的光滑半圆轨道BCD相切,半圆的直径RD竖直,如图所示,物块P与AB间的动摩擦因数亠-0.5•用外力推动物块P,将弹簧压缩至长度I,然后放开,P开始沿轨
道运动,重力加速度大小为g.
⑴若P的质量为m,求P到达B点时的速度的大小,以及它离开圆轨道后落回到AB上的位置与B点之间的
距离;
⑵若P能滑上圆轨道,且仍能沿圆轨道滑下,求P的质量的取值范围.
55
【答案】⑴6gI2\2I⑵m 【解析】⑴地面上,Ep重转化为Ep弹,E机守恒 •••|也EP重HiEP弹 5mgl=Ep,此时弹簧长度为I ArB: 能量守恒: EP-ekb'Q 即5mgl二 12 mvB 2 : ! ! ,-mg41=vb二.6gl B>D: 动能定理: -mg2I冷mvD 此后,物体做平抛运动: x=vDt=2.2l •••B点速度Vb6gl,落点与B点距离为2、、2l ⑵假设物块质量为m'则A>B: 能量守恒: Ep二EkbQ' 1'2 5mglm'vB: m'g4l 解得: VB2'mgl-2glm' ''25 若要滑上圆弧,则Vb>0,即Vb2>0,解得m'<-m 2 若要滑上圆弧还能沿圆弧滑下,则最高不能超过C点 此时假设恰好到达c点,则根据能量守恒: Ep=Q'•Epc 5mgl二Jm'g4lm'gl 5 解得: m'm 3 5 故若使物块不超过C点,m'》m 3 综上: 5m 32 (二)选考题: 共45分•请考生从3道物理题, 3道化学题,2道生物题中,每科任选一道作答,如果多做则每科按所做的第一题计分. 9(5分)一定量的理想气体从状态 如图所示•其中对角线 ac的延长线过原点O.下列判断正确的是. 33•【物理一一选修3-3】(15分) a开始,经历等温或等压过程ab、be、cd、da回到原状态,其p-T图像 每选错, (填正确答案标号•选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.0分) A•气体在a、c两状态的体积相等 B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能 C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功 D•在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功 E.在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功 【答案】ABE nR 【解析】由PV二nRT得PT且P二kT,即体积V不变,Va=Vc,A正确;温度是气体分子平均动 能的标志,理想气体内能是温度T的函数,而TaTc故EaEc,B正确;cd过程为恒温升压过程,外界对 系统做正功,但系统内能不变,故放热,放热量Q=W外,C错误;da过程为恒压升温过程,体积增加,对外 做功,吸热,但吸热量Q二⑷外「E內,故QW外,D错误;bc过程恒压降温,体积减小W=P2二nRTbc,da过程W'=P'AV'=nR^Tda,因为|^hc=|釘曲,故w|=|W',E正确。 3(10分)一氧气瓶的容积为o.o8m3,开始时瓶中氧气的压强为20个大气压.某实验室每天消耗1个大气 压的氧气0.36m3•当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时,需重新充气•若氧气的温度保持不变,求这瓶 氧气重新充气前可供该实验室使用多少天. 【答案】4天 【解析】瓶中气体量pv=20atm0.08m3=1.6atmm3 33 剩余气体量P2剩二2atm0.08m0.16atmm 每天用量P用V用=1atm0.36m3=0.36atmm3 1.6-0.16 n4(天) 0.36 34.【物理——选修3-4】(15分) 9(5分)关于电磁波,下列说法正确的是.(填正确答案标号,选对1个得2分,选对2个得4分,选对3 个得5分•每选错一个扣3分,最低得分为0分) A.电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关 B.周期性变化的电场和磁场可以相互激发,形成电磁波 C.电磁波在真空中自由传播时,其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直 D•利用电磁波传递信号可以实现无线通信,但电磁波不能通过电缆、光缆传输 E.电磁波可以由电磁振荡产生,若波源的电磁振荡停止,空间的电磁波随即消失 【答案】ABC 【解析】电磁波在真空中传播速度不变,与波长、频率无关,A正确;电磁波的形成即是变化的电场和变化 的磁场互相激发得到,B正确;电磁波传播方向与电场方向与磁场方向垂直,C正确;光是一种电磁波,光 可在光导纤维中传播,D错误;电磁振荡停止后,电磁波仍会在介质或真空中继续传播,E错误。 3(10分)一列简谐横波在介质中沿x轴正向传播,波长不小于10cm.0和A是介质中平衡位置分别位于x=0 1 和x=5cm处的两个质点.t=0时开始观测,此时质点O的位移为y=4cm,质点A处于波峰位置;ts 3 时,质点O第一次回到平衡位置,t=1s时,质点A第一次回到平衡位置.求 (i)简谐波的周期、波速和波长; (ii)质点O的位移随时间变化的关系式. 【答案】(i)T=4sv=7.5cm/s,-30cm —5—1 (ii)y=0.08sin(t)或者y=0.08cos(t) 2623 【解析】(i)t=0s时,A处质点位于波峰位置 T t=1s时,A处质点第一次回到平衡位置可知1s,T=4s 4 1 t二-s时,O第一次到平衡位置 3 t=1s时,A第一次到平衡位置 2 可知波从O传到A用时-s,传播距离x=5cm 3 x 故波速V=7.5cm/s,波长人=vT=30cm (ii)设y=Asin(。 ) 可知.=2rad/s T2 1 又由t=0s时,y=4cm;t=_s,y=0, 代入得A=8cm,再结合题意得〜=5二 6 —5—1 故y=0.08sin(t)或者y=0.08cos(t) 35.【物理一一选修3-5】(15分) ⑴(5分)在下列描述核过程的方程中, 2623 属于〉衰变的是,属于[衰变的是,属于裂变的是,属于聚变的是.(填 正确答案标号) A. 14140 6C-7N+丄e B. 35p> 32S+0e 16[D C. 238 92U一; 2344 90Th+2He D. ;N+ 4171| 2He「8O+1H E. 235u+1 920 140v.94厂■』 n>54Xe+38Sr+2°n F. ;H+2 Ht4He+0n 【答案】CABEF 【解析】: 衰变C'■衰变AB裂变E聚变F 3(10分)如图,光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体,斜面体右侧一蹲在滑板上的小孩和其前面的冰 块均静止于冰面上.某时刻小孩将冰块以相对冰面3m/s的速度向斜面体推出,冰块平滑地滑上斜面体, 在斜面体上上升的最大高度为h=0.3m(h小于斜面体的高度)•已知小孩与滑板的总质量为30kg, 冰块的质量为叫=10kg,小孩与滑板始终无相对运动.取重力加速度的大小g=10m/s2. (i)求斜面体的质量; (ii)通过计算判断,冰块与斜面体分离后能否追上小孩? 【解析】(i)规定水平向左为正,对小冰块与鞋面组成的系统 由动量守恒: m冰v冰二m冰+Mv共 由能量守恒: 2m冰v冰=2^冰+Mv共-m冰gh 解得v共=1m/sM=20kg 由能量守恒 (ii)由动量守恒m冰+Mv共二MvM,m冰vm 联立解得vM=2m/svm--1m/s 对小孩和冰块组成的系统: 解得v小--1m/sv^v小--1m/s 练掌握现有电气设备的原理及实际操作与维修;3、积极协调配电工的工作,出现事故时无条件地迅速返回机房,听从领班的指挥 ;4、招待执行所管辖设备的检修计划,按时按质按量地完成,并填好记录表格 ;5、严格执行设 努力学习技术,熟 即两者速度相同故追不上工程部维修工的岗位职责1、严格遵守公司员工守则和各项规章制度,服从领班安排,除完成日常维修任务外,有计划地承担其它工作任务;2、 ;7、请假、补休需在一天前报告领班,并由领班安排合适的替班人 备管理制度,做好日夜班的交接班工作;6、交班时发生故障,上一班必须协同下一班排队故障后才能下班,配电设备发生事故时不得离岗 (范文素材和资料部分来自网络,供参考。 可复制、编制,期待你的好评与关注)
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