高考化学名校试题专题汇编分子结构与性质详细解析内容全面解题技巧.docx
- 文档编号:10857204
- 上传时间:2023-02-23
- 格式:DOCX
- 页数:11
- 大小:171.98KB
高考化学名校试题专题汇编分子结构与性质详细解析内容全面解题技巧.docx
《高考化学名校试题专题汇编分子结构与性质详细解析内容全面解题技巧.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《高考化学名校试题专题汇编分子结构与性质详细解析内容全面解题技巧.docx(11页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
高考化学名校试题专题汇编分子结构与性质详细解析内容全面解题技巧
分子结构与性质
1.科学家正在研究温室气体CH4和CO2的转化和利用。
(1)CH4和CO2所含的三种元素电负性从小到大的顺序为________。
(2)下列关于CH4和CO2的说法正确的是________(填选项字母)。
a.固态CO2属于分子晶体
b.CH4分子中含有极性共价键,是极性分子
c.因为碳氢键键能小于碳氧键,所以CH4熔点低于CO2
d.CH4和CO2分子中碳原子的杂化类型分别是sp3和sp
(3)在Ni基催化剂作用下,CH4和CO2反应可获得化工原料CO和H2。
①基态Ni原子的电子排布式为________,该元素位于元素周期表中的第________族。
②Ni能与CO形成正四面体形的配合物Ni(CO)4,1molNi(CO)4中含有________molσ键。
(4)一定条件下,CH4、CO2都能与H2O形成笼状结构(如下图所示)的水合物晶体,其相关参数见下表。
CH4与H2O形成的水合物晶体俗称“可燃冰”。
①“可燃冰”中分子间存在的2种作用力是____________________。
②为开采深海海底的“可燃冰”,有科学家提出用CO2置换CH4的设想。
已知上图中笼状结构的空腔直径为0.586nm,根据上述图表,从物质结构及性质的角度分析,该设想的依据是__________________________。
解析 本题主要考查电负性、分子的极性、杂化类型、核外电子排布式、共价键的类型、分子间作用力、氢键等。
(1)元素的非金属性越强,电负性越大,故H、C、O的电负性依次增大;
(2)固态CO2是分子晶体,a项正确;CH4分子是正四面体对称结构,其为含有极性键的非极性分子,b选项错误;CH4和CO2都是分子晶体,分子晶体的相对分子质量越大,分子间作用力越大,熔沸点越高,与键能无关,C选项错误;CH4为正四面体结构,碳原子的杂化类型是sp3杂化,CO2为直线形分子,碳原子的杂化类型是sp杂化,d选项正确;
(3)①Ni的原子序数为28,故其基态原子核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d84s2;Ni排在Fe的后面,属于第四周期,第Ⅷ族;
②CO分子的电子式为:
∶C⋮⋮O∶,分子中存在1个σ键,而Ni(CO)4中Ni与CO之间还存在4个σ键,故1molNi(CO)4中含有8molσ键。
(4)①可燃冰中存在分子间作用力即分子间作用力,另外水分子间还存在氢键;
②根据表格数据,二氧化碳分子与水分子的结合能更大,表明CO2更易与水分子结合。
答案
(1)H、C、O
(2)ad
(3)①1s22s22p63s23p63d84s2或[Ar]3d84s2 Ⅷ ②8
(4)①氢键、分子间作用力 ②CO2的分子直径小于笼状结构空腔直径,且与H2O的结合能大于CH4
2.随着石油资源的日趋紧张,天然气资源的开发利用受到越来越多的关注。
以天然气(主要成分是CH4)为原料经合成气(主要成分为CO、H2)制化学品,是目前天然气转化利用的主要技术路线。
而采用渣油、煤、焦炭为原料制合成气,常因含羰基铁[Fe(CO)5]等而导致以合成气为原料合成甲醇和合成氨等生产过程中的催化剂产生中毒。
请回答下列问题:
(1)[Fe(CO)5]中铁的化合价为0,写出铁原子的基态电子排布式:
________________________________________________________________________。
(2)与CO互为等电子体的分子和离子分别为________和________(各举一种即可,填化学式),CO分子的电子式为________,CO分子的结构式可表示成________。
(3)在CH4、CO、CH3OH中,碳原子采取sp3杂化的分子有________,CH3OH的熔、沸点比CH4高,其主要原因是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
解析
(1)Fe原子的基态核外电子排布式为
1s22s22p63s23p63d64s2。
(2)N2、CN-与CO互为等电子体;因为N2的电子式为N⋮⋮N,所以CO的电子式为C⋮⋮O,其结构式为C
O(有一个配位键)。
(3)CH4、CH3OH均为四面体结构,碳原子采取sp3杂化;由于CH3OH是极性分子,且存在分子间氢键,所以CH3OH的熔、沸点较高。
答案
(1)1s22s22p63s23p63d64s2或[Ar]3d64s2
(2)N2 CN- ∶C⋮⋮O∶ C
O
(3)CH4、CH3OH CH3OH分子有极性,同时分子之间还存在着氢键
3.用Cr3+掺杂的氮化铝是理想的LED用荧光粉基质材料,氮化铝[其晶胞如图
(1)所示]可由氯化铝与氨经气相反应制得。
图
(1)
图
(2)
(1)Cr3+基态的核外电子排布式可表示为________。
(2)氮化铝的化学式为__________。
(3)氯化铝易升华,其双聚物Al2Cl6结构如图
(2)所示。
在Al2Cl6中存在的化学键有__________(填选项字母)。
a.离子键 b.共价键
c.配位键d.金属键
(4)一定条件下用Al2O3和CCl4反应制备AlCl3的反应为Al2O3+3CCl4===2AlCl3+3COCl2。
其中,COCl2分子的空间构型为________。
一种与CCl4互为等电子体的离子的化学式为________。
(5)AlCl3在下述反应中作催化剂。
分子③中碳原子的杂化类型为________。
解析
(1)从K数到Cr为6,所以Cr的核外电子排布式为[Ar]3d54s1,则Cr3+为[Ar]3d3;
(2)晶胞中,N原子个数为8×
+1=2,Al原子个数为4×
+1=2;(3)Al2Cl6不属于离子化合物,所以无离子键,不属于金属晶体,无金属键;AlCl3中,1个Al与3个Cl之间形成3个共价键后Al最外层有6个电子,还差2个达到8电子稳定结构,另一个AlCl3中一个氯原子提供一对电子与铝原子共用形成配位键,从而结合成Al2Cl6;(4)COCl2中,碳原子周围有3个σ键,孤电子对数=
=0,碳原子采取sp2杂化,COCl2分子的空间构型为平面三角形。
答案
(1)1s22s22p63s23p63d3或[Ar]3d3
(2)AlN (3)bc
(4)平面三角形 SO
(或PO
、ClO
、SiO
、PCl
等合理答案)
(5)sp2和sp3
4.周期表前四周期的元素a、b、c、d、e,原子序数依次增大。
a的核外电子总数与其周期数相同,b的价电子层中的未成对电子有3个,c的最外层电子数为其内层电子数的3倍,d与c同族;e的最外层只有1个电子,但次外层有18个电子。
回答下列问题:
(1)b、c、d中第一电离能最大的是__________(填元素符号),e的价层电子轨道示意图为__________。
(2)a和其他元素形成的二元共价化合物中,分子呈三角锥形,该分子的中心原子的杂化方式为__________;分子中既含有极性共价键、又含有非极性共价键的化合物是______________(填化学式,写出两种)。
(3)这些元素形成的含氧酸中,分子的中心原子的价层电子对数为3的酸是______________;酸根呈三角锥结构的酸是______________。
(填化学式)
(4)e和c形成的一种离子化合物的晶体结构如图1,则e离子的电荷为__________。
(5)这5种元素形成的一种1∶1型离子化合物中,阴离子呈四面体结构;阳离子呈轴向狭长的八面体结构(如图2所示)。
该化合物中,阴离子为__________,阳离子中存在的化学键类型有________;该化合物加热时首先失去的组分是__________,判断理由是__________________________________________。
解析 根据“a的核外电子总数与其周期数相同”可知a为H元素;根据“c的最外层电子数为其内层电子数的3倍”可知c为O元素;根据“b的价电子层中的未成对电子有3个”且原子序数:
b<c,可知b为N元素;根据“d与c同族”可知d为S元素;根据“e的最外层只有1个电子,但次外层有18个电子”可知e为Cu元素。
(1)由于O的非金属性比S强,故第一电离能O>S;由于N的2p轨道处于半充满的较稳定状态,故其第一电离能大于O,故N、O、S三种元素中,第一电离能最大的是N元素;Cu的价层电子轨道示意图为
。
(2)H元素可以和N元素形成三角锥形分子NH3,在NH3中,中心原子N原子的杂化方式为sp3杂化;H元素与N元素形成的N2H4,H元素与O元素形成的H2O2,都是既含有极性键又含有非极性键的化合物。
(3)这些元素形成的含氧酸中,分子的中心原子价层电子对数为3的是HNO2、HNO3;酸根呈三角锥结构的是H2SO3。
(4)由图1可知该晶体结构中Cu的个数为4,O的个数为8×
+1=2,化学式为Cu2O即Cu的化合价为+1价。
(5)根据阴离子呈四面体结构可知阴离子是SO
;阳离子中存在的化学键有共价键和配位键;该化合物加热时首先失去的组分是H2O,因为H2O与Cu2+形成的配位键比NH3与Cu2+形成的配位键弱。
答案
(1)N
(2)sp3 H2O2、N2H4
(3)HNO2、HNO3 H2SO3
(4)+1 (5)SO
共价键和配位键 H2O H2O与Cu2+的配位键比NH3与Cu2+的弱
5.石墨烯(图甲)是一种由单层碳原子构成的平面结构新型碳材料,石墨烯中部分碳原子被氧化后,其平面结构会发生改变,转化为氧化石墨烯(图乙)。
图甲 石墨烯结构
图乙 氧化石墨烯结构
(1)图甲中,1号C与相邻C形成σ键的个数为__________。
(2)图乙中,1号C的杂化方式是__________,该C与相邻C形成的键角__________(填“>”“<”或“=”)图甲中1号C与相邻C形成的键角。
(3)若将图乙所示的氧化石墨烯分散在H2O中,则氧化石墨烯中可与H2O形成氢键的原子有________________(填元素符号)。
(4)石墨烯可转化为富勒烯(C60),某金属M与C60可制备一种低温超导材料,晶胞如图丙所示,M原子位于晶胞的棱上与内部。
该晶胞中M原子的个数为________,该材料的化学式为______________。
解析
(1)两个成键原子间有且只有一个σ键,1号C与周围3个碳原子形成3个σ键。
(2)图乙中,1号C形成了4个σ键,杂化方式为sp3,形成四面体结构,1号C与相邻C形成的键角为109.5°;而甲中1号C形成平面三角形结构,1号C与相邻C形成的键角为120°,因此图乙中的键角小。
(3)氧化石墨烯中的氧原子与H2O中的氢原子,氧化石墨烯中的氢原子与H2O中的氧原子都可以形成氢键。
(4)棱上有12个M原子,内部有9个,晶胞中M原子的个数为12×
+9=12,C60位于晶胞的顶点和面心上,其个数为8×
+6×
=4,化学式为M3C60。
答案
(1)3
(2)sp3 < (3)O、H (4)12 M3C60
6.氮化硼(BN)晶体有多种相结构。
六方相氮化硼是通常存在的稳定相,与石墨相似,具有层状结构,可作高温润滑剂。
立方相氮化硼是超硬材料,有优异的耐磨性。
它们的晶体结构如图所示。
(1)基态硼原子的电子排布式为__________。
(2)关于这两种晶体的说法,正确的是__________(填选项字母)。
a.立方相氮化硼含有σ键和π键,所以硬度大
b.六方相氮化硼层间作用力小,所以质地软
c.两种晶体中的B—N键均为共价键
d.两种晶体均为分子晶体
(3)六方相氮化硼晶体层内一个硼原子与相邻氮原子构成的空间构型为__________,其结构与石墨相似却不导电,原因是______________________。
(4)立方相氮化硼晶体中,硼原子的杂化轨道类型为__________。
该晶体的天然矿物在青藏高原地下约300km的古地壳中被发现。
根据这一矿物形成事实,推断实验室由六方相氮化硼合成立方相氮化硼需要的条件应是__________。
(5)NH4BF4(氟硼酸铵)是合成氮化硼纳米管的原料之一。
1molNH4BF4含有________mol配位键。
解析
(1)硼原子核外有5个电子,电子排布式为1s22s22p1;
(2)六方相氮化硼与石墨相似,层间是分子间作用力;立方相氮化硼中都是单键,无π键,二者均不是分子晶体,b、c正确;(3)六方相氮化硼晶体层内一个硼原子与3个氮原子形成平面三角形结构,最外层电子全部成键,没有自由移动的电子存在,故不能导电;(4)立方相氮化硼晶体中,每个硼原子与4个氮原子形成4个σ键,因此为sp3杂化,根据其存在的环境可知反应条件为高温高压;(5)在1molNH4BF4中含有1molN→H和1molB←F键。
答案
(1)1s22s22p1
(2)bc
(3)平面三角形 层状结构中没有自由移动的电子
(4)sp3 高温高压 (5)2
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 高考 化学 名校 试题 专题 汇编 分子结构 性质 详细 解析 内容 全面 解题 技巧