湖北省学年高一物理上学期第二次月考精编仿真金卷含答案.docx
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湖北省学年高一物理上学期第二次月考精编仿真金卷含答案
湖北省2019-2020学年高一物理上学期第二次月考精编仿真金卷
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:
每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:
用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题:
本题共12小题,每小题4分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。
1.关于惯性,下列说法正确的是( )
A.在宇宙飞船内,由于物体完全失重,所以物体的惯性消失
B.跳远运动员助跑是为了增大速度从而增大惯性
C.物体在月球上的惯性只是它在地球上的
D.质量是物体惯性的量度,惯性与速度及物体的受力情况无关
2.为了行车的方便与安全,高大的桥要造很长的引桥。
其主要目的是( )
A.减小过桥车辆受到的摩擦力
B.减小过桥车辆的重力
C.减小过桥车辆对引桥面的压力
D.减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力
3.如图所示,在粗糙水平面上有质量分别为m1和m2的木块1和2,两木块之间用原长为L、劲度系数为k的轻弹簧连接起来,两木块与地面间的动摩擦因数均为μ。
现用水平力向右拉木块2,当两木块一起做匀速直线运动时,两个木块间的距离为( )
A.L+
m1gB.L+
(m1+m2)g
C.L+
m2gD.L+
(
)g
4.如图所示,弹簧左端固定,右端可自由伸长到P点。
一物块从光滑水平面的b位置以速度v向左运动,将弹簧压缩到最短a点,之后物块被弹簧向右弹出。
物块从P到a的运动过程,以下说法正确的是( )
A.物块的惯性减小
B.在a位置,物块的惯性为零
C.物块对弹簧的作用力和弹簧对物块的作用力大小相等
D.在a位置,物块对弹簧的作用力小于弹簧对物块的作用力
5.轻弹簧上端固定,下端挂一重物,平衡时弹簧伸长了4cm。
若将重物向下拉1cm后放手,则重物在刚释放的瞬间的加速度是( )
A.2.5m/s2B.7.5m/s2C.10m/s2D.12.5m/s2
6.如图所示,小球系在细绳的一端,放在倾角为α的光滑斜面上,用力将斜面在水平桌面上缓慢向左移动,使小球缓慢上升(最高点足够高),那么在斜面运动的过程中,细绳的拉力将( )
A.先增大后减小
B.先减小后增大
C.一直增大
D.一直减小
7.如图所示,放在光滑水平面上的物体A和B,质量分别为2m和m,第一次水平恒力F1作用在A上,第二次水平恒力F2作用在B上。
已知两次水平恒力作用时,A、B间的作用力大小相等。
则( )
A.F1 C.F1>F2D.F1>2F2 8.关于牛顿第一定律,下列说法中正确的是( ) A.它是通过实验直接得到的 B.它的得出过程体现了科学研究的方法 C.牛顿第一定律说明了物体不受外力作用时的运动规律 D.它揭示了力是产生加速度的原因 9.如图所示,在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A,A的左端紧靠竖直墙,A与竖直墙壁之间放一光滑球B,整个装置处于静止状态。 若把A向右移动少许后,它们仍处于静止状态,则( ) A.B对墙的压力减小 B.A与B之间的作用力增大 C.地面对A的摩擦力减小 D.A对地面的压力不变 10.如图甲所示,一轻质弹簧的下端固定在水平面上,上端放置一物体(物体与弹簧不连接),初始时物体处于静止状态。 现用竖直向上的拉力F作用在物体上,使物体开始向上做匀加速运动,拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示(g=10m/s2),则下列结论正确的是( ) A.物体与弹簧分离时,弹簧处于压缩状态 B.弹簧的劲度系数为7.5N/cm C.物体的质量为2kg D.物体的加速度大小为5m/s2 11.如图所示,倾角θ=30°的斜面体A静止在水平地面上,一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮,绳两端系有质量均为m的小物块a、b,整个装置处于静止状态。 现给物块b施加一个水平向右的力F,使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30°角(不计绳与滑轮间的摩擦),对此过程说法正确的是( ) A.b受到绳的拉力逐渐增大 B.水平拉力F逐渐增大 C.小物块a受到的摩擦力先增大再减小 D.小物块a一定沿斜面缓慢上移 12.匀速转动的长传送带倾斜放置,传动方向如图所示,在顶部静止放上一物块,在物块下滑过程中,规定沿传送带向下为正,下列描述物块运动过程中的v-t、a-t图象,可能正确的是( ) 二、非选择题: 本题共5小题,共52分。 按题目要求作答。 解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。 13.(6分)如图甲为某次实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带,纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔是0.1s,A与各点之间的距离如图所示,单位是cm,纸带的加速度是________m/s2(结果保留3位有效数字),在验证质量一定时加速度a和合外力F的关系时,某学生根据实验数据作出了如图乙所示的a—F图象,其原因是____________________________。 14.(6分)有同学利用如图所示的装置来探究求合力的方法: 在竖直木板上铺有白纸,固定两个光滑的滑轮A和B,将绳子打一个结点O,每个钩码的重量相等,当系统达到平衡时,根据钩码个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC,回答下列问题: (1)(多选)改变钩码个数,实验能完成的是。 A.钩码的个数N1=N2=2,N3=4B.钩码的个数N1=N3=3,N2=4 C.钩码的个数N1=N2=N3=4D.钩码的个数N1=3,N2=4,N3=5 (2)在拆下钩码和绳子前,最重要的一个步骤是。 A.标记结点O的位置,并记录OA、OB、OC三段绳子的方向 B.量出OA、OB、OC三段绳子的长度 C.用量角器量出三段绳子之间的夹角 D.用天平测出钩码的质量 (3)在作图时,你认为图中________(选填“甲”或“乙”)是正确的。 15.(10分)木块A、B分别重50N和60N,它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25;夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm,弹簧的劲度系数为400N/m.A、B、弹簧组成的系统置于水平地面上静止不动。 现用F=1N的水平拉力作用在木块B上,如图所示,求力F作用后木块A、B所受摩擦力的大小。 (最大静摩擦力等于滑动摩擦力) 16.(14分)如图所示,用一个轻质三角支架悬挂重物,已知AB杆的左端用铰链固定,且它所能承受的最大压力为2000N,AC绳所能承受的最大拉力为000N,α=30°。 为不使支架断裂,求悬挂的重物应满足的条件。 17.(16分)如图所示,质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上,在小车右端加一F=8N的水平拉力,当小车向右运动的速度达到v0=1.5m/s时,在小车前端轻轻地放上一个大小不计,质量为m=2kg的小物块,小物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2,小车足够长,取g=10m/s2。 求: (1)放小物块后,小物块及小车的加速度各为多大; (2)经多长时间两者达到相同的速度; (3)从小物块放上小车开始,经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少? 2019-2020学年上学期高一第二次月考精编金卷 物理答案 一、选择题: 本题共12小题,每小题4分,共48分。 在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~12题有多项符合题目要求。 全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。 1.【答案】D 【解析】物体的惯性只与物体的质量有关,与物体的运动状态、所处的位置无关,选项A、B、C错误,选项D正确。 2.【答案】D 【解析】如图所示,重力G产生的效果是使物体下滑的分力F1和使物体压斜面的分力F2,则F1=Gsinθ,F2=Gcosθ,倾角θ减小,F1减小,F2增大,高大的桥造很长的引桥主要目的是减小桥面的坡度,即减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力,使行车安全,D正确。 3.【答案】A 【解析】对木块1进行受力分析,水平方向受到弹簧对它的弹力及滑动摩擦力作用而做匀速直线运动,滑动摩擦力大小为: Ff=μm1g,弹簧的伸长量为: x= = m1g,则两木块间的距离为: L+ m1g,A正确。 4.【答案】C 【解析】物块从P到a的运动过程中,质量不变,惯性不变,A、B项错误;根据牛顿第三定律,作用力和反作用力大小相等,C项正确,D项错误。 5.【答案】A 【解析】设重物的质量为m,弹簧的劲度系数为k.平衡时: mg=kx1,将重物向下拉1cm,由牛顿第二定律得: k(x1+x2)-mg=ma,联立解得: a=2.5m/s2,选项A正确。 6.【答案】B 【解析】小球受力如图所示,拉力F与支持力FN的合力与重力G等大、反向,且FN的方向不变,可见,在斜面缓慢向左运动时,绳的拉力F先减小后增大。 7.【答案】C 【解析】设A、B间作用力大小为FN,则水平恒力作用在A上时,隔离B受力分析有: FN=maB;水平恒力作用在B上时,隔离A受力分析有: FN=2maA,F1=(2m+m)aB,F2=(2m+m)aA,解得F1=3FN,F2=3FN/2,所以F1=2F2,即F1>F2。 8.【答案】BCD 【解析】伽利略所设计的实验是想象中的理想实验,但却是符合科学道理的,牛顿总结了前人的经验,指出了加速和减速的原因,并指出了这个原因跟运动的关系,不是通过实验直接得到的,它的得出过程体现了科学研究的方法,A错误,B正确;牛顿第一定律说明了物体不受外力作用时的运动规律,C正确;牛顿第一定律指出: 外力可以迫使物体改变匀速运动状态或静止状态,即力是产生加速度的原因,故D正确。 9.【答案】ACD 【解析】设物体A对球B的支持力为F1,竖直墙对球B的弹力为F2,F1与竖直方向的夹角θ因物体A右移而减小。 对球B受力分析如图所示,由平衡条件得: F1cosθ=mBg,F1sinθ=F2,解得F1= ,F2=mBgtanθ,θ减小,F1减小,F2减小,选项A对,B错;对A、B整体受力分析可知,竖直方向,地面对整体的支持力FN=(mA+mB)g,与θ无关,即A对地面的压力不变,选项D对;水平方向,地面对A的摩擦力Ff=F2,因F2减小,故Ff减小,选项C对。 10.【答案】CD 【解析】物体与弹簧分离时,弹簧恢复原长,故A错误;刚开始物体处于静止状态,重力和弹力二力平衡,有mg=kx,拉力F1为10N时,弹簧弹力和重力平衡,合力等于拉力,根据牛顿第二定律,有F1+kx-mg=ma,物体与弹簧分离后,拉力F2为30N,根据牛顿第二定律,有F2-mg=ma,代入数据解得m=2kg,k=500N/m=5N/cm,a=5m/s2,故A、B错误,C、D正确。 11.【答案】AB 【解析】b受力平衡,对b受力分析,如图甲所示。 设绳与竖直方向的夹角为α,b缓慢移动直到与竖直方向成30°角的过程中,α变大,根据平行四边形定则可知,T逐渐增大,F逐渐增大,故A、B正确;对a受力分析,如图乙所示。 刚开始T=mg,a处于静止状态,则f=T-mgsin30°= mg,方向向下,T增大时,f增大,摩擦力增大,由于不知道最大静摩擦力的具体值,所以不能判断a是否会滑动,故C、D错误。 12.【答案】AC 【解析】物块静止放到传送带后,受到重力、支持力、沿斜面向下的滑动摩擦力,做匀加速运动,速度均匀增大,由v=at知,v与t成正比。 当速度等于传送带速度时,重力沿斜面向下的分力可能小于或等于最大静摩擦力,则物块将与传送带一起匀速向下运动,也可能重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力,物块继续匀加速下滑。 开始阶段的匀加速过程中,由牛顿第二定律得: μmgcosθ+mgsinθ=ma,得a=μgcosθ+gsinθ.第二个匀加速过程中,由牛顿第二定律得: mgsinθ-μmgcosθ=ma′,得a′=gsinθ-μgcosθ,可知,a′<a,故A、C正确,B、D错误。 二、非选择题: 本题共5小题,共52分。 按题目要求作答。 解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。 13.(6分) 【答案】1.59 平衡摩擦力过度 【解析】a的计算利用逐差法: a= = = = ×10-2m/s2≈1.59m/s2。 14.(6分) 【答案】 (1)BCD (2)A (3)甲 【解析】 (1)对O点受力分析如图所示,OA、OB、OC分别表示FTOA、FTOB、FTOC的大小,由于三个共点力处于平衡,所以FTOA、FTOB的合力大小等于FTOC,且FTOC (2)为探究求合力的方法,必须作受力图,所以先明确受力点,即标记结点O的位置,其次要作出力的方向并读出力的大小,最后作出力的图示,因此要做好记录,应从力的三要素角度出发,要记录钩码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向,故A正确,B、C、D错误。 (3)以O点为研究对象,F3的实际作用效果在OC这条线上,由于误差的存在,F1、F2的合力的理论值与实际值有一定偏差,故甲图符合实际,乙图不符合实际。 15.(10分) 【解析】没有施加力F时,木块A、B受力平衡,所受静摩擦力等于弹簧的弹力,即 FA=FB=F弹=kx=400×0.02N=8N 木块B受到地面的最大静摩擦力为: FBm=μGB=0.25×60N=15N 施加F后,对木块B有: F+F弹 则B所受摩擦力仍为静摩擦力,其大小为: FB′=F+F弹=9N 施加F后,木块A所受摩擦力仍为静摩擦力,大小为FA′=F弹=8N。 16.(14分) 【解析】悬绳受到竖直向下的拉力F=G,在这个拉力作用下,它将压紧水平杆AB并拉紧绳AC,所以应把拉力F沿AB、CA两个方向分解,设两分力为F1、F2,画出力的平行四边形如图所示。 由图可知: =cos30°= 因为AB、AC所能承受的最大拉力之比为 = =2> 当悬挂重物的重力增加时,对AC绳的拉力将先达到最大值,所以为不使三角支架断裂,计算中应以AC绳中拉力达到最大值为依据,即取F2=F2max=1000N,于是得悬挂物的重力应满足的条件为Gmax≤F2sin30°=500N。 17.(16分) 【解析】 (1)小物块的加速度am=μg=2m/s2 小车的加速度aM= =0.5m/s2。 (2)由amt=v0+aMt 解得: t=1s。 (3)从小物块放上小车开始1s内,小物块的位移 s1= amt2=1m 1s末小物块的速度v=amt=2m/s 在接下来的0.5s内小物块与小车相对静止,一起做加速运动,且加速度a= =0.8m/s2 这0.5s内小物块的位移x2=vt1+ =1.1m 小物块1.5s内通过的总位移x=x1+x2=2.1m。
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