一轮复习等比数列及其前n项和.docx
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一轮复习等比数列及其前n项和
授课主题
等比数列及其前n项和
教学目标
1.理解等比数列的概念.
2.掌握等比数列的通项公式与前n项和公式.
3.能在具体的问题情境中识别数列的等比关系,并能用等比数列的有关知识解决相应的问题.
4.了解等比数列与指数函数的关系.
教学内容
1.等比数列的有关概念
(1)等比数列的定义
一般地,如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的比等于同一常数,那么这个数列叫做等比数列,这个常数叫做等比数列的公比,公比通常用字母q(q≠0)表示.数学语言表达式:
=q(n≥2),q为常数,q≠0.
(2)等比中项
如果a,G,b成等比数列,那么G叫做a与b的等比中项.即:
G是a与b的等比中项⇔a,G,b成等比数列⇔G2=ab.
2.等比数列的通项公式及前n项和公式
(1)若等比数列{an}的首项为a1,公比是q,则其通项公式为an=a1qn-1;可推广为an=amqn-m.
(2)等比数列的前n项和公式:
当q=1时,Sn=na1;当q≠1时,Sn==.
3.等比数列的相关性质
设数列{an}是等比数列,Sn是其前n项和.
(1)若m+n=p+q,则aman=apaq,其中m,n,p,q∈N*.
特别地,若2s=p+r,则apar=a,其中p,s,r∈N*.
(2)相隔等距离的项组成的数列仍是等比数列,即ak,ak+m,ak+2m,…仍是等比数列,公比为qm(k,m∈N*).
(3)若数列{an},{bn}是两个项数相同的等比数列,则数列{ban},{pan·qbn}和(其中b,p,q是非零常数)也是等比数列.
(4)Sm+n=Sn+qnSm=Sm+qmSn.
(5)当q≠-1或q=-1且k为奇数时,Sk,S2k-Sk,S3k-S2k,…是等比数列,公比为qk.当q=-1且k为偶数时,Sk,S2k-Sk,S3k-S2k,…不是等比数列.
(6)若a1·a2·…·an=Tn,则Tn,,,…成等比数列.
(7)若数列{an}的项数为2n,则=q;若项数为2n+1,则=q.
题型一 等比数列基本量的运算
例1、(2017·广东惠州第二次调研)已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=-8,则a1+a10=( )
A.7B.5
C.-5D.-7
方法点拨:
方程组法.
答案 D
解析 由a5a6=a4a7,得a4a7=-8,解得a4=4,a7=-2或a4=-2,a7=4,
∴q3=-或q3=-2.
当q3=-时,a1+a10=+a4q6=+4×2=-7;
当q3=-2时,a1+a10=+a4q6=+(-2)·(-2)2=-7.故选D.
例2、(2017·金凤区四模)设等比数列{an}的前n项和为Sn,若S5=10,S10=50,则S20等于( )
A.90B.250
C.210D.850
方法点拨:
把看成一个整体.
答案 D
解析 由题意数列的公比q≠1,设首项为a1,
∵S5=10,S10=50,
∴=10,=50,
∴两式相除可得1+q5=5,∴q5=4,
∴=-,
∴S20==-·(1-256)=850.故选D.
方法技巧
等比数列的基本运算方法及数学思想
1.等比数列的基本运算方法
(1)对于等比数列问题一般要给出两个条件,可以通过列方程(组)求出a1,q.如果再给出第三个条件就可以完成an,a1,q,n,Sn的“知三求二”问题.
(2)对称设元法:
一般地,连续奇数个项成等比数列,可设为…,,x,xq,…;连续偶数个项成等比数列,可设为…,,,xq,xq3,…(注意:
此时公比q2>0,并不适合所有情况)这样即可减少未知量的个数,也使得解方程较为方便.
2.基本量计算过程中涉及的数学思想方法
(1)方程思想,即“知三求二”.
(2)分类讨论思想,即分q=1和q≠1两种情况,此处是常考易错点,一定要引起重视.
(3)整体思想.应用等比数列前n项和时,常把qn,当成整体求解.见典例2.
【冲关针对训练】(2017·江苏高考)等比数列{an}的各项均为实数,其前n项和为Sn.已知S3=,S6=,则a8=________.
答案 32
解析 设{an}的首项为a1,公比为q,当q=1时,S3=3a1,S6=6a1=2S3,不符合题意,所以q≠1,则
解得所以a8=×27=25=32.
题型二 等比数列的判断与证明[多维探究]
例3、已知数列{an}的前n项和为Sn,且对任意的n∈N*有an+Sn=n.
(1)设bn=an-1,求证:
数列{bn}是等比数列;
(2)设c1=a1且cn=an-an-1(n≥2),求{cn}的通项公式.
方法点拨:
本题用定义法.
解
(1)证明:
由a1+S1=1及a1=S1,得a1=.
又由an+Sn=n及an+1+Sn+1=n+1,得an+1-an+an+1=1,∴2an+1=an+1.
∴2(an+1-1)=an-1,即2bn+1=bn.
∴数列{bn}是以b1=a1-1=-为首项,为公比的等比数列.
(2)由
(1)知2an+1=an+1.∴2an=an-1+1(n≥2).
∴2an+1-2an=an-an-1.∴2cn+1=cn(n≥2).
又c1=a1=,a2+a1+a2=2,∴a2=.
∴c2=-=,c2=c1.
∴数列{cn}是首项为,公比为的等比数列.
∴cn=·n-1=n.
[条件探究] 将典例条件“an+Sn=n”变为“a1=1,Sn+1=4an+2,若bn=an+1-2an”,
(1)求证{bn}是等比数列,并求{an}的通项公式;
(2)若cn=,证明{cn}为等比数列.
解
(1)an+2=Sn+2-Sn+1=4an+1+2-4an-2=4an+1-4an.
====2,
∴数列{bn}是公比为2的等比数列,首项为a2-2a1.
∵S2=a1+a2=4a1+2,
∴a2=5,∴b1=a2-2a1=3.bn=3·2n-1=an+1-2an,
∴-=3.
∴数列是等差数列,公差为3,首项为2.
∴=2+(n-1)×3=3n-1.
∴an=(3n-1)·2n-2.
(2)证明:
由
(1)知an=(3n-1)·2n-2,所以cn=2n-2.
所以==2.又c1==,
所以数列{cn}是首项为,公比为2的等比数列.
方法技巧
等比数列的判定方法
1.定义法:
若=q(q为非零常数,n∈N*)或=q(q为非零常数且n≥2,n∈N*),则{an}是等比数列.见典例.
2.等比中项公式法:
若数列{an}中,an≠0且a=an·an+2(n∈N*),则数列{an}是等比数列.
3.通项公式法:
若数列通项公式可写成an=c·qn(c,q均是不为0的常数,n∈N*),则{an}是等比数列.
4.前n项和公式法:
若数列{an}的前n项和Sn=k·qn-k(k为常数且k≠0,q≠0,1),则{an}是等比数列.
提醒:
(1)前两种方法是判定等比数列的常用方法,常用于证明;后两种方法常用于选择题、填空题中的判定.
(2)若要判定一个数列不是等比数列,则只需判定存在连续三项不成等比数列即可.
【冲关针对训练】(2016·全国卷Ⅲ)已知数列{an}的前n项和Sn=1+λan,其中λ≠0.
(1)证明{an}是等比数列,并求其通项公式;
(2)若S5=,求λ.
解
(1)由题意得a1=S1=1+λa1,故λ≠1,a1=,a1≠0.
由Sn=1+λan,Sn+1=1+λan+1得an+1=λan+1-λan,即an+1(λ-1)=λan.由a1≠0,λ≠0得an≠0,所以=.
因此{an}是首项为,公比为的等比数列,于是an=n-1.
(2)由
(1)得Sn=1-n.
由S5=得1-5=,即5=.
解得λ=-1.
题型三 等比数列前n项和及性质的应用[多角探究]
角度1 等比数列性质的综合应用
例4、(2015·安徽高考)已知数列{an}是递增的等比数列,a1+a4=9,a2a3=8,则数列{an}的前n项和等于________.
方法点拨:
方程组法.
答案 2n-1
解析 由已知得,a1a4=a2a3=8,又a1+a4=9,则或又数列{an}是递增的等比数列,∴a1<a4,∴a1=1,a4=8,从而q3==8,即q=2,则前n项和Sn==2n-1.
角度2 等比数列的前n项和
例5、各项均为正数的等比数列{an}的前n项和为Sn,若Sn=2,S3n=14,则S4n等于( )
A.80B.30
C.26D.16
方法点拨:
q≠1,Sn,S2n-Sn,S3n-S2n成等比数列.
答案 B
解析 由题意知公比大于0,由等比数列性质知Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,S4n-S3n,…仍为等比数列.
设S2n=x,则2,x-2,14-x成等比数列.
由(x-2)2=2×(14-x),解得x=6或x=-4(舍去).
∴Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,S4n-S3n,…是首项为2,公比为2的等比数列.
又∵S3n=14,
∴S4n=14+2×23=30.故选B.
角度3 等差数列与等比数列的综合
例6、(2015·湖南高考)设Sn为等比数列{an}的前n项和.若a1=1,且3S1,2S2,S3成等差数列,则an=________.
方法点拨:
利用方程思想方法.
答案 3n-1
解析 设等比数列{an}的公比为q(q≠0),依题意得a2=a1q=q,a3=a1q2=q2,S1=a1=1,S2=1+q,S3=1+q+q2.又3S1,2S2,S3成等差数列,所以4S2=3S1+S3,即4(1+q)=3+1+q+q2,解得q=3(q=0舍去).所以an=a1qn-1=3n-1.
方法技巧
1.在解答等比数列的有关问题时,为简化解题过程常常利用等比数列项的如下性质:
(1)通项公式的推广:
an=amqn-m;
(2)等比中项的推广与变形:
a=am·an(m+n=2p)及ak·at=am·an(k+t=m+n)(m,n,p,k,t∈N*).见角度1典例.
2.对已知条件为等比数列的前几项和,求其前多少项和的问题,应用公比不为-1的等比数列前n项和的性质:
Sn,S2n-Sn,S3n-S2n仍成等比数列比较简便.见角度2典例.
【冲关针对训练】(2017·滨海新区期中)已知递增等比数列{an}的第三项、第五项、第七项的积为512,且这三项分别减去1,3,9后成等差数列.
(1)求{an}的首项和公比;
(2)设Sn=a+a+…+a,求Sn.
解
(1)根据等比数列的性质,可得a3·a5·a7=a=512,解之得a5=8.
设数列{an}的公比为q,则a3=,a7=8q2,
由题设可得+(8q2-9)=2(8-3)=10,
解之得q2=2或.
∵{an}是递增数列,可得q>1,∴q2=2,得q=.
因此a5=a1q4=4a1=8,解得a1=2.
(2)由
(1)得{an}的通项公式为an=a1qn-1=2×()n-1=()n+1,
∴a=[()n+1]2=2n+1,
可得{a}是以4为首项,公比等于2的等比数列.
因此Sn=a+a+…+a==2n+2-4.
1.(2017·全国卷Ⅱ)我国古代数学名著《算法统宗》中有如下问题:
“远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?
”意思是:
一座7层塔共挂了381盏灯,且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍,则塔的顶层共有灯( )
A.1盏B.3盏
C.5盏D.9盏
答案 B
解析 设塔的顶层的灯数为a1,七层塔的总灯数为S7,公比为q,则由题意知S7=381,q=2,∴S7===381,解得a1=3.故选B.
2.(2015·全国卷Ⅱ)已知等比数列{an}满足a1=3,
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