普通高等学校招生全国统一考试仿真卷 理综五教师版.docx
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普通高等学校招生全国统一考试仿真卷理综五教师版
绝密★启用前
2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷
理科综合能力测试(五)
本试卷共30页,38题(含选考题)。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★
注意事项:
1、答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2、选择题的作答:
每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答:
用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答:
先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
可能用到的相对原子质量:
H1 C12 N14 O16 Na23 V51 Sn119
第Ⅰ卷
一、选择题:
本大题共13小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要
求的。
1.下列关于生物体内化合物的叙述,正确的是
A.生物体内的能源物质中都含有高能磷酸键
B.淀粉、纤维素和糖原都是生物大分子,它们的单体相同
C.组成酶的基本单位之间都是通过肽键连接的
D.腺苷是构成ATP、RNA和DNA的组成成分
【解析】生物体内的能源物质糖类、脂肪等不含有高能磷酸键,A错误;淀粉、纤维素和糖原都是由葡萄糖聚合而成的生物大分子,B正确;少部分酶是RNA,不含有肽键,C错误;ATP中的A代表腺苷,是腺嘌呤与核糖结合的产物,DNA中不含有核糖,D错误。
【答案】B
2.下列关于生物学研究方法的叙述中,正确的是
A.用标志重捕法调查种群密度,得到的数据一般要低于实际数值
B.调查某种遗传病的发病率和遗传方式都要在人群中进行
C.研究暗反应过程、DNA的半保留复制及噬菌体侵染细菌,均使用同位素标记法
D.观察细胞中DNA和RNA的分布,甲基绿和吡罗红不可混合使用
【解析】用标志重捕法调查种群密度,得到的数据一般要高于实际数值,A错误;调查某种遗传病的发病率,要在人群中随机调查,调查遗传方式在患者家系中调查,B错误;利用同位素示踪法研究光合作用暗反应中碳的转移途径;噬菌体侵染细菌实验中用35S和32P分别表示噬菌体的蛋白质和DNA;证明DNA半保留复制的实验中用15N标记了亲代DNA分子的两条链。
三者均用到了同位素示踪法,C正确;观察细胞中DNA和RNA的分布,甲基绿和吡罗红要混合使用,D错误。
【答案】C
3.如图所示为某染色体上的若干基因,其中Ⅰ、Ⅱ为无遗传效应的片段。
下列有关叙述正确的是
A.c基因内插入一段序列引起c基因结构改变,属于染色体变异
B.在减数分裂四分体时期交叉互换,可发生在a、b之间
C.Ⅰ、Ⅱ中发生的碱基对的替换,属于基因突变
D.基因对性状的控制是通过控制蛋白质的合成来实现的
【解析】c基因内插入一段序列引起c基因结构,属于基因突变,A错误;在减数分裂四分体时期,同源染色体上非姐妹染色单体之间发生互换,而a、b属于一条染色体上非等位基因,B错误;据图分析,Ⅰ、Ⅱ为非基因序列,基因序列中发生碱基对的替换、增添或缺失才属于基因突变,C错误;基因对性状的控制主要体现在两种方式:
一是通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制生物的性状;二是通过控制蛋白质的结构来直接控制生物的性状;两种方式实质都是通过控制蛋白质的合成来实现的,D正确。
【答案】D
4.某人头部受伤导致下丘脑受损,此人不会表现出来的症状是
A.感觉功能出现障碍,不会产生疼痛的感觉
B.体内的促甲状腺激素释放激素减少,甲状腺功能减退
C.体温调节功能出现障碍,对寒冷缺乏正常的调节机制
D.体内的抗利尿激素分泌减少,出现多尿现象
【解析】感觉中枢在大脑皮层,与下丘脑无关,A错误;下丘脑受损分泌的促甲状腺激素释放激素减少,导致垂体释放的促甲状腺激素减少,进而使得甲状腺功能减退,B正确;体温调节中枢在下丘脑,C正确;下丘脑受损导致抗利尿激素分泌减少,尿量增加,D正确。
【答案】A
5.硒在土壤中主要以硒盐酸的形式存在,被植物吸收后转化为植物活性硒。
为探究硒对植物叶绿素前体物合成的影响,科学家用不同浓度的硒溶液处理水稻幼苗,实验及结果如下图所示。
下列推测错误的是
A.土壤中的硒能以主动运输的方式被根细胞吸收
B.较低浓度的硒溶液能促进叶肉细胞中ALA的合成
C.用较高浓度的硒溶液处理水稻幼苗可能会使其出现黄化
D.稀溶液促进水稻叶肉细胞中ALA合成的最适浓度是0.01mmol·L-1
【解析】植物吸收矿质元素是根细胞通过主动运输吸收的,A正确;分析图形可知,较低浓度的硒溶液能促进叶肉细胞中ALA的合成,B正确;用较高浓度的硒溶液处理水稻幼苗会使ALA的含量降低,所以水稻幼苗可能会使其出现黄化,C正确;在该实验中的几种溶液浓度中0.01mmol·L-1的硒溶液促进作用较高,但因为没有一系列梯度的,不能确定其是最适浓度,D错误。
【答案】D
6.关于捕食者在进化中的作用,美国生态学家斯坦利(S.M.stanley)提出了“收割理论”:
捕食者往往捕食个体数量多的物种,这样就会避免出现一种或少数几种生物在生态系统中占绝对优势的局面,为其他物种的形成腾出空间。
下列有关叙述错误的是
A.捕食者的存在有利于增加物种多样性
B.捕食者的捕食对被捕食种群的发展起促进作用
C.捕食者和被捕食者的数量变化不改变二者的基因频率
D.捕食者和被捕食者在相亙影响中共同进化
【解析】捕食者的存在可以控制被捕食者的数量,从而为其他生物的生存提供资源和空间,有利于增加物种多样性,A正确;捕食者对被捕食者的选择作用可以使被捕食者向一定的方向进化,对被捕食种群的发展起促进作用,B正确;种群中个体数量的变化会影响种群的基因频率,C错误;生物之间是共同进化的,因此捕食者与被捕食者之间是相互选择,相互影响,共同进化,D正确。
【答案】C
7.据《天工开物》记载,我国古代以炉甘石(主要成分是ZnCO3)来升炼倭铅(即锌),其原理如图2。
已知锌的熔点420℃、沸点906℃。
则下列说法不正确的是
A.升炼倭铅过程包含分解反应和氧化还原反应
B.冶炼时锌变为蒸气在兜室冷凝为固体
C.“泥封”的目的是为了防止得到的锌被氧化
D.“锌火”是锌蒸气和一氧化碳在空气的燃烧
【解析】“升炼倭铅”的反应:
ZnCO3
CO2↑+ZnO、CO2+C
2CO、ZnO+CO
Zn(气)+CO2,A项正确;反应区温度达到1100~1300℃,Zn变为蒸气与杂质分离,在“兜室”冷凝为液体流出(冷凝区温度高于Zn的熔点),B项错误;“锌火”是未反应完的CO和Zn蒸气从“兜室”逸出燃烧。
【答案】B
8.用NA表示阿伏加德罗常数的值。
下列说法正确的是
A.1mol过氧化钠中阴离子所带负电荷数为NA
B.14g乙烯和丙烯的混合物中含有的碳原子数目为NA
C.28gC16O与28gC18O中含有的质子数均为14NA
D.标准状况下,22.4L氯气与足量氢氧化钠溶液反应转移的电子数为2NA
【解析】A项,1molNa2O2中O
所带负电荷数为2NA;B项,乙烯、丙烯的最简式均为CH2,所以14g乙烯、丙烯的混合物中含有碳原子数为NA;C项,28gC16O中含有质子数为14NA,28gC18O中含有质子数小于14NA;D项,Cl2和NaOH反应,Cl2既是氧化剂又是还原剂,转移电子数应为NA。
【答案】B
9.台酒中存在少量具有凤梨香味的物质X,其结构如下图所示。
下列说法正确的是
A.X难溶于乙醇
B.酒中的少量丁酸能抑制X的水解
C.分子式为C4H8O2且官能团与X相同的物质有5种
D.X完全燃烧后生成CO2和H2O的物质的量比为1∶2
【解析】C项,C4H8O2属于酯的同分异构体有
、
共4种;D项,X的分子式为C6H12O2,完全燃烧生成CO2和H2O的物质的量比为1∶1。
【答案】B
10.下列实验操作与预期实验目的或所得实验结论不一致的是
【解析】气密性检查是依据装置中的气体压强变化和液面变化,向里推注射器,推动注射器之后导管中出现一段液柱,且液面差不改变,则说明气密性好,A正确;向含有少量FeCl3的MgCl2溶液中加入足量Mg(OH)2粉末,Mg(OH)2在溶液中形成沉淀解平衡,溶液电离产生OH-与溶液中的杂质Fe3+结合形成Fe(OH)3或Fe(OH)3沉淀,搅拌一段时间后过滤,除去MgCl2溶液中少量FeCl3,B正确;只要溶液中钡离子浓度和碳酸根离子浓度大于碳酸钡的溶度积常数,就会产生碳酸钡沉淀,碳酸钡的溶度积常数大于硫酸钡的,C错误;C2H5OH与浓硫酸170℃共热,发生反应产生乙烯,而乙醇有挥发性,所以在制得的气体中含有乙烯和乙醇,通入酸性KMnO4溶液,二者都可以使溶液褪色,不能证明所得气体是否为乙烯,D正确,答案选C。
【答案】C
11.一种碳纳米管能够吸附氢气,可做二次电池(如图所示)的碳电极。
该电池的电解质为6mol·L-1KOH溶液,下列说法中正确的是
A.充电时阴极发生氧化反应
B.充电时将镍电极与电源的负极相连
C.放电时碳电极反应为H2-2e-===2H+
D.放电时镍电极反应为NiO(OH)+H2O+e-===Ni(OH)2+OH-
【解析】A项,充电时阴极应发生还原反应,错误;B项,根据放电时电子移向,镍电极为正极,所以充电时应与电源的正极相连;C项,由于电解质溶液为KOH溶液,所以放电时,碳电极反应为H2-2e-+2OH-===2H2O。
【答案】D
12.W、X、Y、Z均为短周期主族元素,原子序数依次增大,其原子的最外层电子数之和为18,W和Y同主族,X原子的电子层数与最外层电子数相等,Z元素最高正价与最低负价的绝对值之差为6。
下列说法不正确的是
A.W的一种单质的沸点比X的高
B.氧化物的水化物的酸性:
Z>W
C.W与Y可形成一种硬度很大的化合物
D.W、X、Y三种元素均可以与Z元素形成共价化合物
【解析】依据元素信息可以推断,Z为Cl、X为Al,W与Y的最外层电子数均为(18-3-7)×
,所以W为C,Y为Si。
A项,金刚石、石墨的沸点均比Al高;C项,SiC的硬度很大;D项,C、Al、Si与Cl形成的CCl4、AlCl3、SiCl4均为共价化合物。
【答案】B
13.常温下,现有0.1mol·L-1的NH4HCO3溶液,pH=7.8。
已知含氮(或含碳)各微粒的分布分数(平衡时某种微粒的浓度占各种微粒浓度之和的分数)与pH的关系如图所示。
下列说法正确的是
A.当溶液的pH=9时,溶液中存在下列关系:
c(NH
)>c(HCO
)>c(NH3·H2O)>c(CO
)
B.NH4HCO3溶液中存在下列守恒关系:
c(NH
)+c(NH3·H2O)+c(H+)=c(OH-)+2c(CO
)+c(H2CO3)
C.往NH4HCO3溶液中逐滴滴加氢氧化钠溶液时NH
和HCO
浓度逐渐减小
D.通过分析可知常温下Kb(NH3·H2O)>Ka1(H2CO3)
【解析】根据示意图可知,当溶液的pH=9时,溶液中存在下列关系:
c(HCO
)>c(NH
)>c(NH3·H2O)>c(CO
),A错误;根据物料守恒可得NH4HCO3溶液中存在下列守恒关系:
c(NH
)+c(NH3·H2O)=c(CO
)+c(H2CO3)+c(HCO
),因为NH
发生水解反应,所以c(HCO
)≠c(CO
)+c(OH-)-c(H+),则B项中关系式错误,B错误;根据图像可知pH<7.8时,往该溶液中逐滴滴加氢氧化钠溶液,HCO
浓度逐渐增大,C错误;因为0.1mol·L-1的NH4HCO3溶液pH=7.8,说明HCO
的水解程度大于NH
的水解程度,根据越弱越水解的规律可得:
Kb(NH3·H2O)>Ka1(H2CO3),D正确。
答案选D。
【答案】D
二、选择题:
本题共8小题,每题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一个选项
符合题目要求。
第19~21题有多选项符合题目要求。
全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14.下列说法正确的是
A.在国际单位制中,力学的基本单位是千克、牛顿、秒
B.开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律
C.库仑在前人研究的基础上,通过扭秤实验研究得出了库仑定律
D.法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转
【解析】在国际单位制中,力学的基本单位是千克、米、秒,牛顿不是基本单位,故A错误;牛顿通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律,故B错误;库仑在前人研究的基础上,通过扭秤实验研究得出了库仑定律,故C正确;奥斯特首先发现了电流的磁效应,发现了电流可以使周围的小磁针偏转,故D错误。
【答案】C
15.假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B,半径分别为RA和RB。
两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方(r3)与运行周期的平方(T2)的关系如图所示,T0为卫星环绕行星表面运行的周期。
则
A.行星A的质量小于行星B的质量
B.行星A的密度小于行星B的密度
C.行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度
D.当两行星的卫星轨道半径相同时,行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度
【解析】根据万有引力提供向心力得:
G
=m
,得:
M=
·
,根据题图可知,行星A的
比行星B的大,所以行星A的质量大于行星B的质量,故A错误;根据题图可知,卫星在两颗行星表面运行的周期相同,行星密度ρ=
=
=
=
,所以行星A的密度等于行星B的密度,故B错误;第一宇宙速度v=
,由题图知,行星A的半径大于行星B的半径,卫星环绕行星表面运行的周期相同,则行星A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度,故C错误;根据G
=ma得:
a=G
,当两行星的卫星轨道半径相同时,由于行星A的质量大于行星B的质量,则行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度,故D正确。
【答案】D
16.a、b两物体在同一直线上运动,二者运动的vt图象均为直线,如图所示,已知两物体在4s末相遇。
则关于它们在0~4s内的运动,下列说法正确的是
A.a、b两物体运动的方向相反
B.a物体的加速度大小小于b物体的加速度
C.t=2s时两物体相距最远
D.t=0时刻,a物体在b物体前方3m远处
【解析】由题图可知,a、b两物体都沿正方向运动,运动的方向相同,A错误;a物体的加速度大小为:
a1=
=
m/s2=1m/s2,b物体的加速度大小为:
a2=
=
m/s2=0.5m/s2,a物体的加速度大小大于b物体的加速度,B错误;两物体在4s末相遇,结合题图,说明是a物体追b物体,因此速度相等即t=2s时,两物体相距最远,C正确;设t=0时相距为x0,两物体在4s末相遇,则有:
x0+xa=xb,所以
m=
m,解得x0=0,D错误。
【答案】C
17.如图所示,两个半径不等的光滑半圆形轨道竖直固定放置,轨道两端等高,两个质量不等的球(从半径大的轨道下滑的小球质量大,设为大球,另一个为小球,且均可视为质点)分别自轨道左端由静止开始滑下,在各自轨道的最低点时,下列说法正确的是
A.大球的速度可能小于小球的速度
B.大球的动能可能小于小球的动能
C.大球的向心加速度的大小等于小球的向心加速度的大小
D.大球所受轨道的支持力等于小球所受轨道的支持力
【解析】根据动能定理得,mgR=
mv2,解得:
v=
,可知半径大的半圆形轨道,球到达最低点时的速度大,故A错误;由动能定理:
mgR=
mv2,可知大球质量大,下降的高度大,则到达最低点时的动能大,故B错误;根据a=
=
=2g可知,两球的向心加速度大小相等,故C正确;根据牛顿第二定律得,N-mg=m
,代入v=
,可得:
N=3mg,由于大球的质量大,则大球所受的支持力大,故D错误。
【答案】C
18.如图(a)所示,光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷。
t=0时,甲静止,乙以6m/s的初速度向甲运动。
此后,它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动(整个运动过程中没有接触),它们运动的vt图象分别如图(b)中甲、乙两曲线所示。
则由图线可知
A.两点电荷的电性一定相反
B.t3时刻两点电荷的电势能最大
C.0~t2时间内,两点电荷间的静电力先增大后减小
D.0~t3时间内,甲的动能一直增大,乙的动能一直减小
【解析】由题图(b)可知,刚开始乙做减速运动,甲做初速度为0的加速运动,两点电荷间存在库仑斥力,则两点电荷的电性一定相同,选项A错误;在t1时刻,甲、乙共速,两点电荷间的距离最小,故在间距减小的过程中,点电荷始终克服静电力做功,以后点电荷间的距离逐渐增大,静电力做正功,故间距最小时的电势能最大,选项B错误;t2时刻,乙静止,在0~t2时间内,两点电荷的间距先减小后增大,故两点电荷间的静电力先增大后减小,选项C正确;0~t3时间内,甲的速度一直增大,故它的动能一直增大,而乙的速度先减小后增大,故它的动能先减小后增大,选项D错误。
【答案】C
19.用甲、乙两种单色光照射同一金属做光电效应实验,发现光电流与电压的关系如图所示。
已知普朗克常量为h,被照射金属的逸出功为W0,遏止电压为Uc,电子的电荷量为e,则下列说法正确的是
A.甲光的强度大于乙光的强度
B.甲光的频率大于乙光的频率
C.甲光照射时产生的光电子初动能均为eUc
D.乙光的频率为
【解析】根据光的强度越强,则光电子数目越多,对应的光电流越大,可判定甲光的强度较大,选项A正确;由光电效应方程Ekm=hν-W0,Ekm=Uce,结合题图可知,甲、乙光的遏止电压相同,故甲、乙光的频率相同,选项B错误;甲光照射时产生的光电子的最大初动能均为eUc,选项C错误;根据Ekm=hν-W0=Uce,可得ν=
,选项D正确。
【答案】AD
20.如图所示为某探究活动小组设计的节能运动系统。
斜面轨道倾角为30°,质量为M的木箱与轨道的动摩擦因数为
,木箱在轨道A端时,自动装货装置将质量为m的货物装入木箱,然后木箱载着货物沿轨道无初速度滑下,在轻弹簧被压缩至最短时,自动卸货装置立刻将货物卸下,然后木箱恰好被弹回到轨道A端,重复上述过程。
下列选项正确的是
A.m=3M
B.m=2M
C.木箱不与弹簧接触时,上滑过程的运动时间大于下滑过程的运动时间
D.若货物的质量减少,则木箱一定不能回到A处
【解析】设木箱与货物下滑的距离为l,根据能量守恒定律有(M+m)glsin30°-μ(M+m)glcos30°=Mgl·sin30°+μMglcos30°,得m=3M,A正确,B错误;受力分析可知,下滑时加速度大小为a1=gsin30°-μgcos30°,上滑时加速度大小为a2=gsin30°+μgcos30°,可得a2>a1。
根据l=
at2知,l大小相等,则上滑过程的运动时间小于下滑过程的运动时间,C错误;根据(M+m)gl·sin30°-μ(M+m)glcos30°=Mglsin30°+μMgl·cos30°,木箱恰好被弹回轨道A端,如果货物的质量减少,等号前边一定小于后边,即轻弹簧被压缩至最短时的弹性势能小于木箱回到A处所需的能量,则木箱一定不能回到A处,D正确。
【答案】AD
21.如图所示,在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度大小为B的匀强磁场,在x轴下方存在垂直纸面向外的磁感应强度大小为
的匀强磁场。
一带负电的粒子(不计重力)从原点O与x轴成30°角斜向上射入磁场,且在x轴上方运动的半径为R。
则
A.粒子经偏转一定能回到原点O
B.粒子完成一次周期性运动的时间为
C.粒子射入磁场后,第二次经过x轴时与O点的距离为3R
D.粒子在x轴上方和下方的磁场中运动的半径之比为1∶2
【解析】根据左手定则判断洛伦兹力的方向可知,粒子运动的过程中始终处于磁场内,离O点越来越远,粒子一定不能回到原点,A错误;由几何关系可知,粒子在一次周期性运动时间内,在x轴上方运动的时间t1=
T=
,在x轴下方运动的时间t2=
T′=
,粒子完成一次周期性运动的时间为t1+t2=
,B错误;根据Bqv=m
得:
r=
,在x轴下方的轨道半径是在x轴上方的2倍,即r=2R,由粒子在磁场运动时的偏转角及几何关系可知,粒子射入磁场后第一次经过x轴时与O点的距离为R,第二次经过x轴时与第一次经过x轴时的距离为2R,所以第二次经过x轴时与O点的距离为3R,C、D正确。
【答案】CD
第II卷
三、非选择题:
本卷包括必考题和选考题两部分。
第22-32题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第33-38题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题(共129分)
22.(6分)
某活动小组利用图(a)所示装置探究机械能守恒定律。
实验开始时,直径为d的小钢球被电磁铁吸住。
断开开关,钢球由静止开始下落。
测得钢球静止时球心到光电门中心的距离为h,由数字计时器测出钢球通过光电门的时间为Δt。
已知当地的重力加速度大小为g。
试完成如下实验内容:
(1)利用螺旋测微器测出钢球的直径,读数如图(b)所示,则d=________mm。
(2)钢球通过光电门的速度表达式为v=__________(用题中所给物理量的符号表示)。
(3)要验证机械能守恒,需比较__________和__________在误差允许范围内是否相等(用题中所给物理量的符号表示)。
【解析】
(1)根据螺旋测微器读数规则知,d=2.5mm+0.01mm×20.7=2.707mm。
(2)钢球通过光电门的速度表达式为v=
。
(3)要验证机械能守恒,则需验证mgh=
m
2是否成立,需比较gh和
2在误差允许范围内是否相等。
【答案】
(1)2.707(2.706~2.708均可)
(2)
(3)gh
2
23.(9分)
某物理兴趣小组设计了如图(a)所示的欧姆表电路,通过控制开关S和调节电阻箱,可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率。
所用器材如下:
A.干电池:
电动势E=1.5V,内阻r=1.0Ω
B.电流表G:
满偏电流Ig=1mA,内阻Rg=150Ω
C.定值电阻R1=1200Ω
D.电阻箱R2和R3:
最大阻值都为999.9Ω
E.电阻箱R4:
最大阻值为9999Ω
F.开关一个,红、黑表笔各1支,导线若干
(1)该实验小组按图(a)正确连接好电路。
当开关S断开时,将红、黑表笔短接,调节电阻箱R2=________Ω,使电流表达到满偏,此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内,则R内=________Ω,对应欧姆表的倍率是________(选填“×1”或“×10”)。
(2)闭合开关S:
第一步:
调节电阻箱R2和R3,当R2=_________Ω且R3=________Ω时,将红、黑表笔短接,电流表再次满偏;
第二步:
在红、黑表笔间接入电阻箱R4,调节R4,当电流表指针指向图(b)所示的位置时,对应的欧姆表的刻度值为________。
【解析】
(1)由闭合电路欧姆定律可知,欧姆表的内阻为:
R内=
=
Ω=1500Ω,则R2=R内-R1-Rg-r=(1500-1200-150-1.0)Ω=149Ω。
根据多用电表的倍率和刻
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